第2讲 因的自由组合定律【 知识构建+典例特训】 高考生物一轮复习考点精讲突破

第2讲基因的自由组合定律

内容考情——知考向核心素养——提考能内容要求基因的自由组合定律生命观念理解基因自由组合的细胞学基础，建立进化与适应的观念近几年考情2019·江苏卷，32科学思维掌握自由组合定律的解题规律和方法、培养归纳与概括、演绎与推理以及逻辑分析能力科学探究探究个体的基因型、验证自由组合定律两对相对性状的遗传实验分析突破自由组合定律的常规题型课后·分层训练目录CONTENTS重温真题

经典再现///////1234/////////////////////两对相对性状的遗传实验分析1命题·规律探究考点·自主梳理1.两对相对性状的杂交实验——提出问题(1)杂交实验过程：绿圆绿皱9∶3∶3∶1(2)结果分析：黄色和圆粒分离分离

问题提出： ①F2中为什么出现新性状组合？②为什么不同类型性状比为9∶3∶3∶1?2.对自由组合现象的解释——提出假说 (1)理论解释： ①两对性状分别由两对遗传因子控制 ②F1产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子___________。F1产生的雌雄配子各有比例相等的4种 ③受精时，雌雄配子的结合是___________的，雌雄配子结合方式有___________种。 ④F2遗传因子组合形式有___________种，性状表现有4种，且比例为______________。现代解释为“两对等位基因”随机结合随机1699∶3∶3∶1(2)遗传图解：(3)结果分析：F2共有9种基因型，4种表现型提醒YYRR基因型个体在F2中的比例为1/16，在黄色圆粒豌豆中的比例为1/9，注意范围不同。黄圆中杂合子占8/9，绿圆中杂合子占2/3。提醒若亲本是黄皱(YYrr)和绿圆(yyRR)，则F2中重组类型为绿皱(yyrr)和黄圆(Y_R_)，所占比例为1/16＋9/16＝10/16；亲本类型为黄皱(Y_rr)和绿圆(yyR_)，所占比例为3/16＋3/16＝6/16。3.对自由组合现象的验证——演绎推理、验证假说 (1)方法：___________实验 (2)目的：验证假说是否正确。 (3)遗传图解：测交 (4)结论：实验结果与演绎结果相符，假说成立。

提醒

①雌雄配子结合方式(16种)≠基因型种类(9种) ②只有非同源染色体上的非等位基因能自由组合。4.自由组合定律 (1)基因自由组合定律的细胞学基础提醒个数≠种类数；雌配子数≠雄配子数。4种雌配子比例相同，4种雄配子比例相同，但雄配子数远远多于雌配子数。(2)自由组合定律的内容真核生物细胞核遗传5.孟德尔成功的原因豌豆一对多对统计学假说—演绎(1)在F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生的F2中，与F1基因型完全相同的个体占1/4(

)(2)F2的9∶3∶3∶1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合(

)(3)若双亲豌豆杂交后子代表现型之比为1∶1∶1∶1，则两个亲本基因型一定为YyRr×yyrr(

)(4)在进行减数分裂的过程中，等位基因彼此分离，非等位基因表现为自由组合(

)(5)孟德尔自由组合定律普遍适用于乳酸菌、酵母菌、蓝藻、各种有细胞结构的生物(

)√√×××1.(科学思维)若基因型为AaBb的个体测交后代出现四种表现型，但比例为42%∶8%∶8%∶42%，试解释出现这一结果的可能原因：________________

____________________________________________________________________________________________________________________。2.(科学探究)利用①aaBBCC、②AAbbCC和③AABBcc来确定这三对等位基因是否分别位于三对同源染色体上的实验思路：____________________________

________________________________________________________________________________________________________________________________________________。A、a和B、b两对等位基因位于同一对同源染色体上，且部分初级性母细胞发生交叉互换，产生四种类型配子，其比例为42%∶8%∶8%∶42%选择①×②、②×③、①×③三个杂交组合，分别得到F1并自交得到F2，若各杂交组合的F2中均出现四种表现型，且比例为9∶3∶3∶1，则可确定这三对等位基因分别位于三对同源染色体上3.(生产实践)某生物兴趣小组利用现有绿色圆粒豌豆(yyRr)，获得纯合的绿色圆粒豌豆的实验思路：________________________________________________

__________________________________________。4.(生产实践)Yyrr(黄皱)×yyRr(绿圆)，后代表现型及比例为黄圆∶绿皱∶黄皱∶绿圆＝1∶1∶1∶1，则说明控制黄、圆、绿、皱的基因遵循基因的自由组合定律吗？为什么？

提示

不能说明；Yyrr(黄皱)×yyRr(绿圆)，无论这两对基因位于一对同源染色体上还是两对同源染色体上，后代的表现型及比例都为黄圆∶绿皱∶黄皱∶绿圆＝1∶1∶1∶1。让绿色圆粒豌豆(yyRr)自交，淘汰绿色皱粒豌豆，再连续自交并选择，直到不发生性状分离为止考向1通过两对相对性状的杂交实验分析，考查科学思维能力1.(2020·江苏南通白蒲高级中学高三月考)孟德尔在研究两对相对性状的杂交实验时，针对发现的问题提出的假设是(

) A.F1表现显性性状，F1自交产生四种表现型不同的后代，比例为9∶3∶3∶1 B.F1形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子自由组合 C.F1产生数目、种类相等的雌雄配子，且雌雄配子结合机会相等 D.F1测交将产生四种表现型不同的后代，比例为1∶1∶1∶1B解析F1表现显性性状，F1自交产生四种表现型不同的后代，比例为9∶3∶3∶1，是孟德尔在研究两对相对性状的杂交实验中发现的问题，A错误；在两对相对性状的杂交实验中，孟德尔作出的解释是：F1形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以自由组合；F1产生四种比例相等的配子(雌雄配子数目不相等)，且雌雄配子结合机会相同，B正确、C错误；F1测交将产生四种表现型不同的后代，比例为1∶1∶1∶1，是孟德尔对两对相对性状的杂交实验现象解释的验证，D错误。2.(2021·山东青岛调研)D、d和T、t是两对独立遗传的等位基因，控制两对相对性状。若两个纯合亲本杂交得到F1的基因型为DdTt，F1自交得到F2。下列叙述不正确的是(

) A.F1自交时，雌配子与雄配子是随机结合的 B.F2中重组类型占3/8 C.F2中能稳定遗传的个体占1/4 D.F2中有9种基因型，其中双显性状中的杂合子占8/9B解析由于D、d和T、t是两对独立遗传的等位基因，符合基因的自由组合定律，F1为DdTt，自交时雌雄配子随机组合，后代会出现9种基因型，4种表现型，其中双显性状(D_T_)中的杂合子占8/9，A、D正确；F1的基因型为DdTt，亲本的基因型组合为DDTT×ddtt或DDtt×ddTT，故F2中重组类型占3/8或5/8，B错误；F2中能稳定遗传的个体即纯合子占4/16＝1/4，C正确。考向2通过自由组合定律的验证，考查科学探究能力3.(2021·山东德州联考)现有①～④四个纯种果蝇品系，其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系①②③④隐性性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体Ⅱ、ⅢⅡⅡⅢ若需验证自由组合定律，可选择交配的品系组合为(

)A.①×④ B.①×②

C.②×③ D.②×④解析

要验证自由组合定律，必须满足两对或多对控制相对性状的等位基因在非同源染色体上，只有D符合要求。D4.(2021·重庆七校联考节选)已知白花三叶草有两个品种：叶片中含较高水平氰(HCN)的品种和不含氰的品种，其代谢过程如图，回答下列问题。(1)现有两个不含氰的品种杂交，F1全部含较高水平的氰。这两个不含氰的品种基因型为_______________________________________________________。(2)对于上述F1中等位基因D/d和H/h在染色体上的位置，有同学提出了两种假说：假说一认为两对等位基因D/d和H/h分别位于两对同源染色体上；假说二认为两对等位基因D/d和H/h位于一对同源染色体上。请设计实验来探究两种假说的正确性。要求简要写出实验思路、预期结果和结论。答案(1)DDhh、ddHH(2)实验思路：F1自交，统计后代的表现型及比例。预期结果和结论：若后代中含较高水平氰的个体与不含氰的个体比例为9∶7，则两对等位基因D/d和H/h分别位于两对同源染色体上，假说一成立；若后代中含较高水平氰的个体与不含氰的个体比例为1∶1，则两对等位基因D/d和H/h位于一对同源染色体上，且D和h位于一条染色体上，d和H位于另一条染色体上，假说二成立。解析(1)根据题意可知，含较高水平氰的品种基因型为D_H_，不含氰的品种基因型是D_hh、ddH_或ddhh。由“两个不含氰的品种杂交，F1全部含较高水平的氰”可知，这两个不含氰的品种基因型分别是DDhh、ddHH，F1的基因型为DdHh。(2)题中的两种假说，分别对应遵循基因的自由组合定律和不遵循基因的自由组合定律。若假说一正确，两对等位基因D/d和H/h分别位于两对同源染色体上，D/d与H/h的遗传遵循基因的自由组合定律，则F1(DdHh)自交后代的基因型及其比例为D_H_(含较高水平的氰)∶D_hh(不含氰)∶ddH_(不含氰)∶ddhh(不含氰)＝9∶3∶3∶1，即含较高水平的氰∶不含氰＝9∶7；若假说二正确，即两对等位基因D/h和H/h位于一对同源染色体上，则D和h位于一条染色体上，d和H位于同源的另一条染色体上，两对基因的遗传不遵循基因的自由组合定律，可将F1基因型记为DhdH，F1自交后代的基因型及其比例为DhDh(不含氰)∶DhdH(含较高水平的氰)∶dHdH(不含氰)＝1∶2∶1，即含较高水平的氰∶不含氰＝1∶1。

判断基因是否位于两对同源染色体上的方法1.根据题干信息判断：位于非同源染色体上的非等位基因遵循基因的自由组合定律。2.根据杂交实验判断(常用)突破自由组合定律的常规题型2常规题型1已知亲代求子代的“顺推型”题目常用方法：组合法(1)适用范围：两对或两对以上的基因独立遗传，并且不存在相互作用(如导致配子致死)(2)解题思路：“先分开，后组合”(3)常见题型分析：①基因型(表现型)种类、概率及比例注

在计算不同于双亲的表现型的概率时，可以先算与双亲相同的表现型的概率，然后用1减去相同的表现型的概率即可。②配子种类及概率的计算有多对等位基因的个体举例：基因型为AaBbCc的个体产生配子的种类数Aa

Bb

Cc↓

↓

↓2×2×2＝8种产生某种配子的概率产生ABC配子的概率为1/2(A)×1/2(B)×1/2(C)＝1/8【典例1】

(2020·江苏淮安六校联考)一种长尾小鹦鹉的羽色由位于两对常染色体上完全显性的等位基因B、b和Y、y控制，其中B基因控制产生蓝色素，Y基因控制产生黄色素，蓝色素和黄色素混在一起时表现为绿色。两只绿色鹦鹉杂交，F1出现绿色、蓝色、黄色、白色四种鹦鹉。下列叙述错误的是(

) A.亲本两只绿色鹦鹉的基因型相同 B.F1绿色个体的基因型可能有四种 C.F1蓝色个体自由交配，后代蓝色个体中纯合子占1/2 D.F1中蓝色个体和黄色个体相互交配，后代中白色个体占2/9D解析根据题干信息分析，绿色的基因型为B_Y_，蓝色的基因型为B_yy，黄色的基因型为bbY_，白色的基因型为bbyy。两只绿色鹦鹉杂交，F1出现绿色、蓝色、黄色、白色四种鹦鹉，说明亲本绿色的基因型都是YyRr，A正确；子一代绿色的基因型共有四种，分别是YYRR、YYRr、YyRR、YyRr，B正确；F1蓝色个体基因型及其比例为BByy∶Bbyy＝1∶2，产生的配子的种类及其比例为By∶by＝2∶1，因此F1蓝色个体自由交配，后代蓝色个体中纯合子占(2/3×2/3)÷(1－1/3×1/3)＝1/2，C正确；F1中蓝色个体(B_yy)和黄色个体(bbY_)相互交配，后代中白色(bbyy)个体占1/3×1/3＝1/9，D错误。[对点练1]

(2020·江苏南通海安月考)一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色。若让F1蓝色植株与纯合鲜红色品种杂交，子代的表现型及比例为蓝色∶鲜红色＝3∶1。若让F1蓝色植株自花受粉，则F2表现型及其比例最可能是(

) A.蓝色∶鲜红色＝1∶1 B.蓝色∶鲜红色＝3∶1 C.蓝色∶鲜红色＝9∶1 D.蓝色∶鲜红色＝15∶1D解析根据题干信息分析，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色，可知蓝色为显性；又F1蓝色与纯合鲜红品种杂交，为测交实验类型，子代的表现型及其比例为蓝色∶鲜红色＝3∶1，是1∶1∶1∶1的变形，说明该性状是由两对等位基因控制的，且鲜红色是双隐性，含显性基因时即为显性(蓝色)。假设控制性状的两对等位基因为A、a和B、b，则纯合的蓝色品种基因型为AABB，纯合的鲜红色品种基因型为aabb，杂交后产生的F1基因型为AaBb；F1蓝色(AaBb)与纯合鲜红品种(aabb)杂交，子代的表现型及其比例为蓝色(AaBb、Aabb、aaBb)∶鲜红色(aabb)＝3∶1。因此，F1蓝色植株(AaBb)自花授粉，F2表现型及其比例最可能是蓝色(1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb)∶鲜红色(aabb)＝15∶1。常规题型2已知子代求亲代的“逆推型”题目(1)解题思路：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法定理进行逆向组合。(2)常见几种分离比为：【典例2】

(2017·全国卷Ⅱ，6)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是(

) A.AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd B.aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD C.aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd D.AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbddD[对点练2]

(2020·江苏楚州中学第三次阶段考)现用基因型为AABBCC的个体与aabbcc的个体杂交得到F1，将F1与隐性亲本测交，测交后代出现的四种基因型如下表所示。下列有关分析错误的是(

)基因型aabbccAaBbCcaaBbccAabbCc数目203196205199A.测交结果说明F1产生abc、ABC、aBc、AbC四种类型的配子B.测交后代四种基因型一定对应四种表现型且比例接近1∶1∶1∶1C.据实验结果推测A和C在同一染色体上，a和c在同一染色体上D.若让测交后代中基因型为AabbCc个体自交，后代中纯合子的比例为1/2B解析根据题干信息分析，F1的基因型是AaBbCc，隐性亲本aabbcc产生的配子基因组成为abc，用测交后代的四种基因型减去abc，即为F1产生的四种类型的配子：abc、ABC、aBc、AbC，A正确；基因型和表现型不一定都是一一对应的关系，基因与性状的关系并不都是简单的线性关系，B错误；根据实验结果可知，基因A和C、a和c总是同时出现，由此可推测A和C在同一染色体上，a和c在同一染色体上，C正确；根据C项分析可知，基因型为AabbCc的个体能产生两种配子1/2AbC和1/2abc，该个体自交后代中纯合子基因型有AAbbCC和aabbcc，所占比例为1/2×1/2＋1/2×1/2＝1/2，D正确。常规题型3多对基因控制生物性状的分析n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律亲本相对性状的对数F1配子F2表现型F2基因型种类比例种类比例种类比例12(1∶1)12(3∶1)13(1∶2∶1)1222(1∶1)222(3∶1)232(1∶2∶1)2n2n(1∶1)n2n(3∶1)n3n(1∶2∶1)n【典例3】

(2011·全国卷Ⅰ，32)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制(如A、a；B、b；C、c……)。当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即A_B_C_……)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：根据杂交结果回答问题。(1)这种植物花色的遗传符合哪些遗传定律？(2)本实验中，植物的花色受几对等位基因的控制，为什么？常规题型4自由组合中的自交、测交和自由交配问题纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中绿色圆粒豌豆个体和黄色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表现型及比例分别如下表所示：项目表现型及比例yyR_(绿圆)自交绿色圆粒∶绿色皱粒＝5∶1测交绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶1自由交配绿色圆粒∶绿色皱粒＝8∶1Y_R_(黄圆)自交黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝25∶5∶5∶1测交黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝4∶2∶2∶1自由交配黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝64∶8∶8∶1【典例4】

(2021·江苏扬州中学高三月考)某多年生自花受粉植物中出现了一株隐性突变个体，与野生型个体杂交后得到的F1均表现为野生性状，下列结论不可能成立的是(

) A.若此性状由一对等位基因控制，F1自交子代表现型比例为3∶1 B.若此性状由两对等位基因控制，F1自交子代表现型比例为7∶1 C.若此性状由一对等位基因控制，F1测交子代表现型比例为1∶1 D.若此性状由两对等位基因控制，F1测交子代表现型比例为3∶1B解析若该性状由一对等位基因控制，F1的基因型可表示为Aa，F1自交子代表现型比例为3∶1，F1测交子代表现型比例为1∶1，A、C成立；若该性状由两对等位基因控制，F1的基因型可表示为AaBb(或AaBB、AABb)，F1自交子代雌雄配子的组合数为16(或4)，表现型比例可能为15∶1(或3∶1)，不可能为7∶1，B不成立；若该性状由两对等位基因控制且当只有双隐表现出突变性状时，F1测交子代表现型比例为3∶1，D成立。重温真题

经典再现31.(2019·海南卷，18)以豌豆为材料进行杂交实验。下列说法错误的是(

) A.豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物 B.进行豌豆杂交时，母本植株需要人工去雄 C.杂合子中的等位基因均在形成配子时分离 D.非等位基因在形成配子时均能够自由组合

解析

豌豆是自花传粉且闭花受粉的二倍体植物，自然状态下是纯种，A正确；因豌豆雌雄同花，在进行豌豆杂交时，母本植株需要人工去雄，并进行套袋处理，B正确；杂合子中的等位基因在形成配子时随同源染色体的分开而分离，C正确；非同源染色体上的非等位基因在形成配子时能够自由组合，同源染色体上的非等位基因不能自由组合，D错误。D2.(2016·全国卷Ⅲ，6)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是(

) A.F2中白花植株都是纯合子 B.F2中红花植株的基因型有2种 C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上 D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多D解析本题切入点不在于“F1全表现红花”，而在于用纯合白花植株花粉给F1红花植株授粉，子代红花为101株，白花为302株，即红花∶白花＝1∶3。这应符合两对等位基因自由组合的杂合子测交子代比例1∶1∶1∶1的变式，由此可推知该相对性状由两对等位基因控制(设为A、a和B、b)，即F1的基因型为AaBb，F1自交得到的F2中白花植株的基因型有A_bb、aaB_和aabb，A、C错误；F2中红花植株(A_B_)的基因型有4种，白花植株基因型有5种，B错误、D正确。3.(2020·全国卷Ⅱ，32)控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。现有表现型不同的4种植株：板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交，子代表现型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表现型。回答下列问题： (1)根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是_______________________________________________________________。 (2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为________、________、________和________。(3)若丙和丁杂交，则子代的表现型为________________________________。(4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为3∶1、叶色的分离比为1∶1、能否抗病性状的分离比为1∶1，则植株X的基因型为________。答案

(1)板叶、紫叶、抗病(2)AABBDD

AabbDd

aabbdd

aaBbdd

(3)花叶绿叶感病、花叶紫叶感病(4)AaBbdd解析

(1)甲(板叶紫叶抗病)与丙(花叶绿叶感病)杂交，子代表现型都是板叶紫叶抗病，说明板叶对花叶为显性、紫叶对绿叶为显性、抗病对感病为显性。(2)丙的表现型为花叶绿叶感病，说明丙的基因型为aabbdd。根据甲与丙杂交子代都是板叶紫叶抗病推断，甲的基因型为AABBDD。乙(板叶绿叶抗病)与丁(花叶紫叶感病)杂交，子代出现个体数相近的8(即2×2×2)种不同表现型，可以确定乙的基因型为AabbDd，丁的基因型为aaBbdd。(3)若丙(基因型为aabbdd)与丁(基因型为aaBbdd)杂交，子代的基因型为aabbdd和aaBbdd，表现型为花叶绿叶感病、花叶紫叶感病。(4)植株X与乙(基因型为AabbDd)杂交，统计子代个体性状。根据叶形的分离比为3∶1，确定是Aa×Aa的结果；根据叶色的分离比为1∶1，确定是Bb×bb的结果；根据能否抗病性状的分离比为1∶1，确定是dd×Dd的结果，因此植株X的基因型为AaBbdd。4.(2019·江苏卷，32)杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如表。请回答下列问题：毛色红毛棕毛白毛基因组成A_B_A_bb、aaB_aabb(1)棕毛猪的基因型有________种。(2)已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生F2。①该杂交实验的亲本基因型为________。②F1测交，后代表现型及对应比例为________。③F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有________种(不考虑正反交)。④F2的棕毛个体中纯合子的比例为________。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为________。(3)若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为________，白毛个体的比例为________。答案(1)4

(2)①AAbb和aaBB

②红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1

③4

④1/3

1/9

(3)9/64

49/64解析(1)结合表格分析，棕毛猪的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，共4种。(2)①亲本都为纯合棕毛猪，F1均表现为红毛，则F1的基因型为AaBb，亲本基因型为AAbb和aaBB。②据题干信息，控制猪毛色的两对等位基因独立遗传，则两对基因在遗传时遵循基因的自由组合定律。F1(AaBb与aabb进行测交，后代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表现型及比例为红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。③F1雌雄交配产生F2，F2的基因型有A_B_、A_bb_aaB_、aabb，其中纯合个体的基因型有AABB、AAbb、aaBB、aabb，其中AAbb×aabb、aaBB×aabb、AAbb×AAbb、aaBB×aaBB，共4种组合能产生棕毛子代。④F2中棕毛个体的基因型为A_bb、aaB_，所占比例为6/16，纯合解析棕毛个体所占比例为2/16，则F2的棕毛个体中纯合子的比例为1/3。F2中棕毛个体的基因型及比例为AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb＝1∶2∶1∶2，其中1/3Aabb(♀)×1/3aaBb(♂)、1/3Aabb(♂)×1/3aaBb(♀)、1/3Aabb×1/3Aabb、1/3aaBb×1/3aaBb组合后代可以出现白毛，所占比例为1/3×1/3×1/2×1/2×2＋1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/4＝1/9。(3)据题干信息，I、i位于另一对同源染色体上，则I/i与A/a、B/b在遗传时也遵循自由组合律。基因型为IiAaBb的雌雄个体交配，后代红毛个体的基因型应为iiA_B_，其所占比例为1/4×9/16＝9/64，后代白毛个体的基因型为I_____、iiaabb，所占比例为3/4＋1/4×1/16＝49/64。课后·分层训练41.(2020·江苏苏州期中)下列有关豌豆遗传实验的叙述，正确的是(

) A.通过测交可以推测被测个体产生配子的种类及数量 B.自交和测交都可以用来判断某一显性个体的基因型 C.验证分离定律和自由组合定律只能用测交方法 D.自交和杂交不可以用来判断一对相对性状的显隐性

解析

通过测交可以推测被测个体产生配子的种类及比例，但不能推测个体产生配子的数量，A错误；自交和测交都可以用来判断某一显性个体的基因型，B正确；验证分离定律除了用测交方法，还可以用自交法，花粉鉴定法等，C错误；自交和杂交可以用来判断一对相对性状的显隐性，D错误。B2.(2021·连云港赣榆区模拟)豌豆的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性。基因型为YyRr的个体与个体X杂交，子代的表现型有黄色圆粒、绿色圆粒、黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1∶1∶1，则个体X的基因型是(

) A.YyRr B.yyRr C.Yyrr D.yyrr

解析

基因型为YyRr的个体与个体X杂交，子代的表现型有黄色圆粒、绿色圆粒、黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1∶1∶1，说明为测交，X的基因型为yyrr，即D正确。D3.(2020·南通、徐州、宿迁三校联考)豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒种子(R)均为显性。两亲本豌豆杂交获得的F1表现型如图。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为(

)A.1∶1∶1∶1 B.3∶1∶3∶1C.2∶2∶1∶1 D.9∶3∶3∶1C4.(2020·江苏南通期末)玉米子粒有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如图。基因M、N和P及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上。现有一红色子粒玉米植株自交，后代子粒的性状分离比为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1，则该植株的基因型可能为(

)A.MMNNPP B.MmNnPPC.MmNNpp D.MmNnppC解析根据题意和图示分析可知：基因M、N和P及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上，说明符合基因自由组合规律。当只有M基因时，为白色；只有MN基因时，为红色；同时有MNP基因时，为紫色。根据题干“现有一红色籽粒玉米植株自交”，可推测该红色籽粒玉米植株的基因组成中必有M和N，由于红色子粒玉米植株自交后代没有紫色，所以该红色子粒玉米植株的基因组成中必为pp，又自交后代红色∶白色＝3∶1，所以该红色子粒玉米植株的基因组成可为MmNN，因此该植株的基因型可能为MmNNpp。故选C。5.(2021·江苏新高考质量检测)现有甲、乙两种类型的豌豆各若干，下列相关叙述正确的是(

)A.甲×甲、甲×乙都可用于验证基因的分离定律B.若甲品种连续自交，A的基因频率将会不断升高C.乙品种自交后代中基因型为AaBbDd个体占1/8D.乙细胞中等位基因B、b分离一定发生在减数第一次分裂A解析要验证分离定律，可以用具有一对等位基因的个体进行自交或测交，即选择图中的亲本组合是甲×甲、乙×乙、甲×乙，A正确；基因频率是指种群中全部个体中该基因出现的几率，由于每种基因型的植株都能正常生存，所以甲品种连续自交后代中A的基因频率保持不变，B错误；乙品种的基因型是AaBbDd，由于A、a和B、b基因位于同一对同源染色体上，如果不考虑交叉互换，则乙品种能产生AbD、Abd、aBD、aBd四种数目相等的配子，通过棋盘式图解的方法，可计算出乙品种自交后代中基因型为AaBbDd个体占1/16×4＝1/4，C错误；正常情况下，等位基因随着同源染色体的分开而分离，但是题中“一定”就可以考虑特殊的变异情况，即减数第一次分裂的交叉互换会使一条染色体上的两条染色单体上含有等位基因。如果在减数第一次分裂四分体时期发生交叉互换现象，则在减数第二次分裂后期也会有等位基因的分离，D错误。6.(2021·江苏新高考质量检测)节瓜有全雌株(只有雌花)、全雄株(只有雄花)和正常株(雌花、雄花均有)等不同性别类型的植株，且节瓜的性别由两对等位基因(A、a和B、b)控制，研究人员做了如图所示的实验。下列推测不合理的是(

)A.节瓜的性别遗传方式遵循基因的自由组合定律B.实验一中，F2正常株的基因型为A_B_，其中纯合子占1/9C.若aaB_为全雌株，则实验二中，亲本正常株的基因型为AaBBD.实验一中，F1正常株测交结果为全雌株∶正常株∶全雄株＝1∶2∶1B解析依据题干信息分析题图，实验一全雌株与全雄株杂交，F1全正常株，F2代的分离比接近3∶10∶3，共16个组合，可见控制节瓜性别的两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，且F1是双杂合子AaBb，同时也说明了正常株的基因型为A_B_、aabb，全雌株、全雄株为A_bb或aaB_。实验二中亲本为纯合全雌株(AAbb或aaBB)与正常株杂交，后代性状分离比为1∶1，故亲本正常株有一对基因纯合，一对基因杂合，即亲本正常株的基因型为AABb或AaBB。根据以上分析已知，控制节瓜性别的两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，A正确；实验一中，F2正常株的基因型为A_B_、aabb，其中纯合子占(1＋1)/(9＋1)＝1/5，B错误；若aaB_为全雌株，则实验二中纯合全雌株aaBB与正常株(A_B_或aabb)杂交，子一代正常株∶全雌株(aaB_)＝1∶1，说明亲本正常株基因型为AaBB，C正确；实验一中，F1基因型为AaBb，其测交后代的基因型及其比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，因此表现型及其比例为全雌株∶正常株∶全雄株＝1∶2∶1，D正确。7.(2020·华中师大附中调研)有一种名贵的兰花，花色有红色、蓝色两种颜色，其遗传符合孟德尔的遗传规律。现将亲代红花和蓝花进行杂交，F1均为红花，F1自交，F2红花与蓝花的比例为27∶37。下列说法正确的是(

) A.兰花花色遗传由一对同源染色体上的一对等位基因控制 B.兰花花色遗传由两对同源染色体上的两对等位基因控制 C.若F1测交，则其子代表现型及比例为红花∶蓝花＝1∶7 D.F2中蓝花基因型有5种C8.(2021·山东潍坊统考)现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如表所示，下列有关叙述不正确的是(

)测交类型测交后代基因型种类及比例父本母本AaBbAabbaaBbaabbF1乙1/72/72/72/7乙F11/41/41/41/4A.F1自交得F2，F2的基因型有6种B.F1产生的基因型为AB的花粉可能有50%不能萌发，不能实现受精C.将F1花粉离体培养，可得到四种表现型不同的植株D.该两对基因的遗传仍遵循自由组合定律A解析根据表格中测交后代基因型种类可判断F1产生的雌配子和雄配子均有四种，F1自交得F2，F2的基因型有3×3＝9(种)，A错误；甲(AABB)×乙(aabb)→F1(AaBb)，F1(父本)×乙→AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，乙×F1(母本)→AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，由此可见，第二个测交组合符合正常测交后代比例，而第一个测交组合中，AaBb个体是其他类型的一半，可能是F1产生的精子AB有一半败育的缘故，即父本F1产生的AB花粉有50%不能完成受精作用，B正确；通过测交结果看出，F1能产生四种类型的花粉，因此F1花粉离体培养，可得到四种表现型不同的单倍体植株，C正确；根据测交结果可知该两对基因的遗传符合基因自由组合定律，D正确。9.(2021·江苏泰州中学第一次检测)某植物花色由A、a(位于2号染色体上)和B、b两对等位基因控制，其花色产生机理如图所示：研究人员用纯种白花和纯种黄花杂交得F1，F1自交得F2，实验结果如表中甲组所示。组别亲本F1F2甲白花×黄花红花红花∶黄花∶白花＝9∶3∶4乙白花×黄花红花红花∶黄花∶白花＝3∶1∶4(1)根据甲组实验结果，可推知控制花色基因的遗传遵循基因的________定律。F2中白花的基因型有________。(2)将F2中的黄花植株自交，子代表现型及比例为_______________________。(3)研究人员某次重复该实验，结果如表中乙组所示。经检测得知，乙组F1的2号染色体片段缺失导致含缺失染色体的花粉致死。根据结果可推测乙组中F1的2号染色体的缺失部分________(填“是”或“否”)含有A－a基因，发生染色体片段缺失的是________(填“A”或“a”)基因所在的2号染色体。(4)为检测某黄花植株(染色体正常)基因型，以乙组F1红花作亲本与之进行正反交。若正交以F1红花为母本，其杂交后代为红花∶黄花∶白花＝3∶3∶2，则该待测黄花植株基因型为________；若反交，则其后代中出现黄花的概率为________。答案(1)自由组合aaBB、aaBb和aabb

(2)黄花∶白花＝5∶1

(3)否A

(4)Aabb

1/4解析分析题干信息和题图，植物的花色由两对等位基因控制，根据组合甲中F1自交，F2红花∶黄花∶白花＝9∶3∶4为9∶3∶3∶1的变式，判断这两对等位基因的遗传遵循基因自由组合定律，基因型为aa__为白花、基因型为A_bb为黄花、基因型为A_B_为红花，F1的基因型为AaBb，甲的亲本基因型为aaBB和AAbb。(1)根据甲组实验结果，可推知控制花色基因的遗传遵循基因的自由组合定律。F2中白花的基因型有aaBB、aaBb和aabb。(2)将F2中的黄花植株(基因型为A_bb)自交，子代表现型及比例为黄花∶白花＝5∶1。解析(3)已知乙组F1的2号染色体片段缺失导致含缺失染色体的花粉致死，根据乙组F2的表现型分析可知，F1的雌配子有四种基因型为AB、Ab、aB、ab，雄配子有两种基因型为aB、ab，可见若发生缺失的是2号染色体包含A或a基因，则F1的雌配子不可能为4种，且由雄配子的基因可知，发生染色体缺失的是A基因所在的2号染色体。(4)为检测某黄花植株A_bb(染色体正常)基因型，以乙组F1红花AaBb作亲本与之进行正反交。若正交以F1红花为母本，其杂交后代为红花∶黄花∶白花＝3∶3∶2，则该待测黄花植株基因型为Aabb；若反交，乙组F1红花为父本只能产生两种基因型的雄配子为aB、ab，基因型为Aabb的黄花为母本能产生Ab、ab两种雌配子，则其后代中出现黄花的概率为1/4。10.(2021·江苏省如皋中学月考)若某哺乳动物毛发颜色由基因De(褐色)、Df(灰色)、d(白色)控制，其中De和Df分别对d完全显性。毛发形状由基因H(卷毛)、h(直毛)控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是(

) A.若De对Df共显性、H对h完全显性，则F1有6种表现型 B.若De对Df共显性、H对h不完全显性，则F1有12种表现型 C.若De对Df不完全显性、H对h完全显性，则F1有9种表现型 D.若De对Df完全显性、H对h不完全显性，则F1有8种表现型B解析若De对Df共显性，H对h完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表现型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型2种，则F1有4×2＝8种表现型，A错误；若De对Df共显性，H对h不完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表现型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型3种，则F1有4×3＝12种表现型，B正确；若De对Df不完全显性，H对h完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有则DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表现型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型2种，则F1有4×2＝8种表现型，C错误；若De对Df完全显性，H对h不完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表现型3种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型3种，则F1有3×3＝9种表现型，D错误。ABD解析根据题干信息分析题图，矮牵牛花花瓣中合成红色和蓝色色素受三对基因控制，如图所示A、B、E为控制相应生化途径的基因，矮牵牛在红色和蓝色色素均存在时表现为紫色，所以aa__E_为蓝色，A_B_ee为红色，A_B_E_为紫色，aa__ee为白色。让基因型为AABBEE×aaBBee或AABBee×aaBBEE的亲本杂交得F1，基因型为AaBBEe，由于BB纯合，所以F1自交产生F2的表现型及比例为：紫色(A_BBE_)∶红色(A_BBee)∶蓝色(aaBBE_)∶白色(aaBBee)＝9∶3∶3∶1，A正确；由以上亲本基因型可知BB是纯合的，所以无法通过后代的性状分离比判断其与A是否遵循基因的自由组合定律，B正确；F2中紫色个体(A_BBE_)与白色个体(aaBBee)杂交，完全可能出现白色个体(aaBBee)，C错误；F2中蓝色矮牵牛花的基因型为aaBBEE和aaBBEe，比例为1∶2，所以其自交后代中纯合子的概率为1/3＋2/3×1/2＝2/3，D正确。12.(多选)(2020·江苏泰州中学期中)某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的为小花瓣，aa的为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断正确的是(

) A.子代共有9种基因型 B.子代共有4种表现型 C.子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3 D.子代的所有植株中，纯合子约占1/4ACD解析由题意知，A(a)与R(r)独立遗传，因此遵循自由组合定律，AaRr个体自交，可以转换成2个分离定律问题，Aa×Aa→1/4AA(大花瓣)＋1/2Aa(小花瓣)＋1/4aa(无花瓣)，Rr×Rr→3/4R_(花瓣红色)＋1/4rr(花瓣黄色)，由此得出子代共有3×3＝9种基因型，A正确；Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现无花瓣，即aaR_与aarr的表现型相同，因此表现型共5种，B错误；子代有花瓣植株所占的比例为3/4，AaRr所占的比例1/2×1/2＝1/4，因此子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3，C正确；AaRr自交，子代的所有植株中，纯合子约占1/2×1/2＝1/4，D正确。13.(2020·淮安涟水县第一中学月考)有研究小组在小鼠毛色遗传实验中发现，不论黄鼠与黄鼠相交还是黄鼠与黑鼠相交，后代中均有两种表现型，实验结果如下表所示，请回答下列问题(控制毛色等位基因用A、a表示)。组别PF1的表现型及数量(单位：只)雌性雄性实验一黄鼠×黑鼠黄鼠1187黑鼠1189黄鼠1186黑鼠1188实验二黄鼠×黄鼠黄鼠1198黑鼠598黄鼠1196黑鼠599(1)根据实验结果可推测在胚胎期死亡的个体基因型为________。(2)若将实验一中F1雌雄鼠自由交配得到F2，F2继续自由交配得到F3中黄鼠所占的比例是________(用分数表示)。(3)假设小鼠的长毛与短毛由一对常染色体上的等位基因B、b控制，小鼠毛的长短与毛色遗传遵循基因的自由组合定律。现有小鼠甲和乙多次交配，F1表现型及其数量相对值如图所示，小鼠甲、乙的基因型分别为________。若F1中长毛黄鼠雌雄个体交配得到F2，则长毛黄鼠所占的比例是________(用分数表示)。答案(1)AA

(2)1/3

(3)AaBb、AaBb

16/27解析(1)由柱形图可知，杂交后代中，长毛∶短毛＝3∶1，黄鼠∶黑鼠＝2∶1；表格中实验二，黄鼠与黄鼠杂交，子代发生性状分离，有黄鼠和黑鼠，因此黄鼠是显性性状，亲本基因型是Aa×Aa，黄鼠∶黑鼠≈2∶1，说明基因型为AA的个体胚胎致死；雄鼠、雌鼠的性状分离比相同，因此属于常染色体遗传。(2)实验一的亲本基因型为Aa与aa，子一代的基因型及比例为1/2Aa、1/2aa，若将实验一中的F1自由交配得到F2，其中A%＝1/2×1/2＝1/4，a%＝3/4，故子二代中AA＝1/4×1/4＝1/16，Aa＝2×1/4×3/4＝6/16，aa＝3/4×3/4＝9/16，由于AA个体死亡，故调整比例后Aa＝2/5，aa＝3/5，F2继续自由交配得到F3，其中A%解析

＝2/5×1/2＝1/5，a%＝4/5，故F3中AA所占比例为1/5×1/5＝1/25，Aa所占比例为1/5×4/5×2＝8/25，aa所占比例为4/5×4/5＝16/25，由于AA个体死亡，因此Aa∶aa＝1∶2，因此F3中黄鼠所占的比例是