郑州市一中2020届高三生物联考试题含解析

河南省郑州市一中2020届高三生物联考试题含解析河南省郑州市一中2020届高三生物联考试题含解析PAGE23-河南省郑州市一中2020届高三生物联考试题含解析河南省郑州市一中2020届高三生物联考试题（含解析）一、选择题1.下列有关真核细胞结构和功能的叙述错误的是（）A。叶绿体类囊体堆叠使膜面积增大，有利于充分利用光能B.心肌细胞中含较多线粒体，有利于为生命活动提供较多的能量C.神经轴突末梢有大量突起有利于接受更多神经递质进行信息传递D.洋葱根尖成熟区细胞具有中央大液泡，有利于根从土壤中吸收水分【答案】C【解析】【分析】生物膜系统由细胞膜、细胞器膜和核膜组成，广阔的膜面积为酶提供了较多的附着位点，细胞内许多化学反应都是在生物膜上进行的；生物膜的主要组成成分是蛋白质和磷脂，生物膜的功能与蛋白质的种类和数量有关，功能越复杂的生物膜，蛋白质的种类和数量越多。【详解】A、叶绿体的色素位于类囊体的薄膜上,类囊体堆叠使膜面积增大，有利于充分利用光能，A正确；B、线粒体提供能量，心肌细胞中含较多线粒体，有利于为生命活动提供较多的能量，B正确；C、神经细胞铀突未梢形成突触前膜，有大量突起，有利于通过胞吐释放神经递质，而神经递质受体蛋白位于突触后膜，C错误；D、洋葱根尖成熟区细胞具有中央大液泡,可以通过大液泡发生渗透作用，从而有利于吸收水分，D正确.故选C。【点睛】本题考查细胞结构和功能的相关知识,要求考生识记相关知识点，明确结构与功能的适应对于生物体是有利的，再结合所学的知识对各选项作出正确的判断，属于考纲理解层次的考查。2。下列关于光合作用探究历程中的研究方法及结论的叙述，错误的是（）A。希尔利用离体叶绿体和氧化剂证明植物光合作用可以合成ATPB.恩格尔曼利用水绵和好氧细菌直接证明了叶绿体能吸收光能用于光合作用释放氧气C。鲁宾和卡门利用同位素示踪方法证明光合作用产生的氧气中的氧元素全部来自水D.卡尔文利用追踪放射性14C去向的方法证明了光合作用中C的转移途径【答案】A【解析】【分析】光合作用的发现历程:

(1）普利斯特利通过实验证明植物能净化空气;

(2)梅耶根据能量转换与守恒定律明确指出植物进行光合作用时光能转换为化学能；

(3）萨克斯通过实验证明光合作用的产物除了氧气外还有淀粉；

（4)恩格尔曼采用水绵、好氧细菌和极细光束进行对照实验,发现光合作用的场所是叶绿体;

（5）鲁宾和卡门采用同位素标记法进行实验证明光合作用释放的O2来自水；

(6）卡尔文采用同位素标记法探明了CO2的固定过程中碳元素的转移途径。【详解】A、希尔在离体叶绿体的悬浮液中加入铁盐或其他氧化剂，在光照下可以释放氧气,说明离体叶绿体在适当条件下发生水的光解,产生氧气,但是不能说明可以合成ATP，A错误；B、恩格尔曼的实验通过观察好氧细菌的分布情况,直接证明了叶绿体能吸收光能用于光合作用释放氧气，且结合其他实验,说明产生氧气的部位就是叶绿体，B正确；C、鲁宾和卡门采用同位素标记的方法，获得H218O和C18O2,他们采用两组实验，第一组提供H2O和C18O2，第二组提供H2l8O和CO2，实验后发现第一組释放的氧气都是O2,第二组都是18O2，所以说明光合作用产生的氧气中的氧都来自水，C正确；D、卡尔文循环采用14C标记14CO2,发现了从CO2到C3再到（CH2O)的转移途径，D正确.故选A【点睛】本题考查光合作用的发现史，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的方法、实验现象及结论等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。3.下图表示温特研究植物向光性的实验设计，①～⑥是在黑暗环境中对切去尖端的胚芽鞘进行的不同处理.下列叙述错误的是（)A。①⑤⑥都是对照组B.③⑥证明引起幼苗弯曲生长的是某种化学物质C。②③证明引起幼苗弯曲生长与某种化学物质分布不均有关D。若将黑暗环境改成光照环境进行该实验也能得到相同的实验结果【答案】B【解析】【分析】1、温特之前科学家们认为胚芽鞘的向光生长是由尖端产生的物质分配不均所致；2、②中的琼脂块是经过胚芽鞘尖端处理的，而⑤中的琼脂块是没有经过胚芽鞘尖端处理的，对比可以看出，胚芽鞘尖端产生的物质能够促进胚芽鞘尖端以下部位的生长；3、③④中含有胚芽鞘尖端产生物质的琼脂块放在了胚芽鞘的一侧，放琼脂块的一侧生长快；⑤⑥是对照组，排除琼脂块对胚芽鞘的影响．【详解】A、①⑤⑥为对照組,②③④为实验组，A正确；B、③⑥实验琼脂放置的位置不同,变量不单一，不能证明引起幼苗弯曲生长的是某种化学物质，B错误;C、②是幼苗切面正中位置放置与胚芽鞘尖端接触过的琼脂块，③放置在幼苗切面一侧，②③放置的部位不一致，对照说明引起幼苗弯曲生长与某种化学物质分布不均有关，C正确；D、温特研究植物向光性的实验设计中，胚芽鞘的尖端已经去除，感光部位不存在,所以将黑暗环境改成光照环境进行该实验，也能得到相同的实验结果，D正确.4。新型冠状病毒易发生变异，其侵入人体后易引发肺炎，甚至会发展为急性呼吸窘迫综合征而危及生命。下列关于新型冠状病毒的叙述,正确的是（）A。侵入人体后可在内环境中大量增殖B.侵入人体后B淋巴细胞首先发起攻击C.侵人人体后会引起机体发生体液免疫和细胞免疫D。病毒变异的来源有基因突变和染色体变异【答案】C【解析】【分析】病毒一般由蛋白质和核酸构成，营寄生生活,一旦离开活细胞就不再进行生命活动。抵抗病原体的攻击,人体有三道防线:皮肤、黏膜是第一道防线；体液中的杀菌物质和吞噬细胞是第二道防线;免疫器官和免疫细胞是第三道防线.【详解】A、病毒营寄生生活，其增殖需要在宿主细胞中进行，A错误；B、该病毒突破第一道防线侵入人体后,首先发起攻击的是吞噬细胞,B错误;C、病毒会侵入机体细胞，主要由细胞免疫起作用，效应T细胞先将靶细胞内的病毒释放出来，病原体与体液免疫产生的抗体结合后，最终被吞噬细胞消灭，C正确；D、病毒无染色体，其变异的来源有基因突变，不存在染色体变异，D错误。故选C5。某种植物的表现型有圆果和长果、紫茎和绿茎,受常染色体上不同对的等位基因控制。现用纯合的圆果紫茎植株与纯合的长果紫茎植株杂交，F1全为圆果绿茎，F1自交产生F2，表现型及比例为圆果绿茎∶圆果紫茎∶长果绿茎∶长果紫茎＝27∶21∶9∶7，下列叙述错误的是（）A。果形的遗传中显性性状为圆果B。茎色的遗传受两对等位基因控制C。F2中长果紫茎植株的基因型有5种D。F2中圆果植株自交,F3中圆果与长果的比例为3∶1【答案】D【解析】【分析】当涉及多对性状的杂交实验时,可以将多对性状拆分来观察子代表现型及比例特征，利用基因的分离定律解决自由组合定律问题。题干中控制果形和茎色的基因未知,单独分析果形，纯合圆果×纯合圆果→F1圆果→自交得F2圆果∶长果＝48∶16＝3∶1；单独分析茎色,纯合紫茎×纯合紫茎→F1绿茎→自交得F2绿茎∶紫茎＝36∶28＝9∶7。【详解】A、由分析可知，纯合圆果与纯合长果杂交，F1为圆果，F2中圆果∶长果＝3∶1，可判断果形受一对等位基因控制，且圆果为显性性状,A正确；B、由分析可知，纯合紫茎与纯合紫茎杂交,F1为绿茎，F2中绿茎∶紫茎＝9∶7，为9∶3∶3∶1的变式，可推断茎色受两对等位基因控制，且绿茎为双显性性状，B正确；C、设控制茎色的基因用B/b,C/c表示，由以上分析可推知，F2中紫茎基因型为B_cc、bbC_、bbcc，共有5种,C正确。D、设控制果形的基因用A/a表示，F2中圆果的基因型有AA和Aa两种，其中Aa占2/3，所以F3中aa占2/3×1/4＝1/6,即圆果∶长果＝5∶1,D错误。故选D。6。下图表示某真核细胞内基因m的表达过程（其中终止密码子为UGA）.下列叙述错误的是（)A.过程①的模板链为基因m中的m2链B.过程②mRNA的形成需要某种RNA的剪切C.过程③中翻译的方向是左→右D。由于基因m模板链的部分序列“GAGGCT"中的一个G被A替换导致转录终止【答案】D【解析】【分析】分析图示可知,①过程为基因m的转录过程,形成初始hnRNA，经过②过程的剪接,剪去了基因m中内含子b、d转录出的序列，形成成熟的mRNA，再进行③翻译过程合成蛋白质。【详解】A、由图示可知，过程①为转录，根据碱基互补配对原则,转录的模板链为m2,A正确；B、酶的化学本质为蛋白质或RNA,过程②mRNA缩短，可表示某些RNA将hnRNA剪接形成mRNA，B正确；C、由核糖体上的肽链从左到右依次变长可知，翻译的方向自左向右,C正确；D、由于基因m模板链的部分序列“GAGGCT"中的一个G被A替换，若突变后的序列为“GAGACT”,转录后所得的mRNA的对应序列为“CUCUGA”，则可能提前出现终止密码子UGA，会导致翻译过程提前终止，D错误。故选D.7。小麦是重要的粮食作物，也是生物学研究中常用的实验材料,回答下列问题：（1）用新鲜小麦叶片做色素的提取和分离实验研磨时未加入CaCO3，实验结果叶绿素a、b的含量最少，其次是胡萝卜素较多，最后是叶黄素最多，由此推测研磨时未加入CaCO3会使___________(填“叶绿素"或“类胡萝卜素”）更易受到破坏.将实验得到的色素提取液放在阳光和三棱镜之间,会发现在连续光谱中出现了一条较为明显的黑带,黑带出现的位置应在______________光处。(2）为探究影响光合作用强度的外界因素,将小麦幼苗置于25℃条件下培养，实验变量及结果如下图所示.①实验中探究影响光合作用强度的因素有______________。②与D点相比，B点时限制CO2吸收量的外界因素是_____________.③欲测定小麦在D点时的真正光合速率请写出简要的实验思路:__________________________。【答案】（1).叶绿素（2)。蓝紫(3).光强、土壤含水量、矿质元素（4）。光强(5)。从坐标系中读出D点时CO2的吸收量，表示净光合速率；将小麦放在25℃、土壤含水量为60％和施肥条件下进行黑暗处理,测得呼吸速率;用净光合速率加上呼吸速率即为真正光合速率【解析】【分析】绿叶中的色素包括叶绿素（叶绿素a、叶绿素b）和类胡萝卜素(胡萝卜素、叶黄素)，其含量关系为叶绿素a＞叶绿素b＞叶黄素＞胡萝卜素，其中叶绿素a和叶绿素b主要吸收红光和蓝紫光，叶黄素和胡萝卜素主要吸收蓝紫光。【详解】(1）绿色叶片中色素的含量理论上应该是叶绿素较多而类胡萝卜素较少，因研磨时未加入CaCO3使结果相反,说明研磨过程中叶绿素被破坏了，CaCO3具有防止叶绿素被破坏的作用。实验提取的色素中类胡萝卜素较多，而类胡萝卜素主要吸收蓝紫光,因此将色素提取液放置在阳光和三棱镜之间，连续光谱中的黑带将出现在蓝紫光区域。(2）①分析图示可知，实验设置了两种光照强度，且设置了施肥和未施肥组对照，测量在不同土壤含水量下各组小麦幼苗CO2吸收量，因此探究影响光合作用强度的因素有光强、土壤含水量、矿质元素。②与D点相比，B点时限制CO2吸收量的外界因素是两者的光强不同.③小麦在D点时的真正光合速率＝净光合速率＋呼吸速率，图示中光照条件下单位时间的CO2吸收量即为净光合速率,测定其他条件相同的黑暗中单位时间的CO2释放量可得呼吸速率，二者相加即可得到D点的真正光合速率。【点睛】本题考查绿叶中色素的提取实验和影响光合作用因素的相关知识,意在考查考生对课本相关实验原理、方法和结果的掌握以及运用所学知识进行实验探究的能力，根据图示曲线明确实验的自变量是解题关键。8.破坏蛙脑，保留脊髓，用任氏液做蛙心静脉灌注，以维持蛙的基本生命活动.暴露蛙左后肢屈反射的传入神经和传出神经，分别连接电位计a和b。将蛙左后肢趾尖浸入质量分数为0。5％的硫酸溶液后,电位计a和b有电位波动，出现屈反射.下图为该反射弧结构示意图,回答下列问题:

(1）蛙左后肢趾细胞感受硫酸刺激后,由相对静止状态变为___________状态，即产生了兴奋，兴奋沿传入神经以_____________形式传导，经过神经中枢发出指令,最终完成了屈反射。（2）若在任氏液中滴加质量分数为0。65％的NaCl溶液，则神经细胞外Na+浓度大幅升高，使_____________加速，从而使___________加强，神经元兴奋性增高,导致Ca2+外流，心脏收缩力降低，心率减弱.若在任氏液中添加了某种药物，重复屈反射实验发现，电位计a有波动，电位计b未出现波动,左后肢未出现屈反射，推测其原因可能是______________________________（答出两点）。（3）请用上述屈反射的材料设计实验验证兴奋在神经纤维上双向传导，而在反射弧中只能单向传递.简要写出实验方法和实验现象：______________________________________________________.【答案】（1）.显著活跃(2).电信号（3）。Na+内流（4）。动作电位（5)。突触前膜释放的递质不能与突触后膜上的特异性受体结合；突触前膜不能释放递质（或递质与药物结合而不能与突触后膜上的特异性受体结合;或突触后膜上的特异性受体与药物结合而不能与递质结合;或药物抑制递质合成；或递质被分解等）(6)。刺激电位计b与骨骼肌之间的传出神经，电位计b有电位波动，电位计a未出现电位波动，且左后肢屈腿【解析】【分析】反射弧由感受器、传入神经、神经中枢、传出神经和效应器组成。兴奋在神经纤维上以电信号的形式传导，在神经元之间通过突触传递,在突触处借助神经递质实现电信号→化学信号→电信号的转换。【详解】（1）蛙左后肢趾细胞感受硫酸刺激后,产生了兴奋，由相对静止状态变为显著活跃状态，信号在神经纤维上以电信号形式传导.（2）神经纤维受到刺激时，Na+内流的方式为协助扩散，若神经细胞外的细胞外液中Na+浓度大幅升高，会使Na+内流加速，动作电位加强。将蛙左后肢趾尖浸入添加了某种药物的任氏液中,电位计a有波动,电位计b未出现波动,左后肢未出现屈反射,说明兴奋没有从传入神经的突触前膜传递到突触后膜，原因可能是：在药物的影响下，突触前膜释放的递质不能与突触后膜上的特异性受体结合或者突触前膜不能释放递质.（3）可刺激电位计b与骨骼肌之间的传出神经，观察a、b处电位变化，实验结果应为电位计b有电位波动,电位计a未出现电位波动，且左后肢屈腿,可验证兴奋在神经纤维上双向传导，而在反射弧中只能单向传递。【点睛】本题利用“蛙的屈反射"考查兴奋在神经纤维上和神经元之间的传导过程和方式的实验探究,意在考查考生的实验设计与分析能力，明确兴奋传递过程的相关知识点并结合题设实验过程进行分析是解题关键.9.鳞翅目昆虫黄粉蝶的性别决定方式为ZW型,其幼体的黑斑和白斑受B、b基因的控制，皮肤不透明和透明受E、e基因的控制.一对幼体皮肤不透明而有黑斑的雌雄个体交配，F1中黑斑个体与白斑个体的比例为3∶1,皮肤不透明与透明个体的比例为2∶1，分析回答下列问题：（1)该昆虫的B、b和E、e基因在遗传过程中____________（填“遵循”“不遵循”或“无法确定”)自由组合定律，作出该判断的理由是_______________________________________________。（2)检测发现，上述F1中皮肤透明的幼体全为雌性,则亲本的基因型为______________，F1中皮肤不透明而有白斑的雄性幼体所占的比例为________________________。（3)已知黑卵对白卵为显性性状，由2号染色体上的D、d基因控制.某学者想通过一定的育种方法培育出一种雌性个体丙,使其测交后所产生的黑卵都发育成雌性个体，而白卵都发育成雄性个体，则该育种方法的原理是_________________，个体丙的基因型是_________________。请你写出简单的育种过程_______________________________________________（要求写出处理方法、处理对象和筛选过程）。【答案】(1）.遵循(2）。F1中黑斑个体与白斑个体的比例为3∶1,皮肤不透明与透明个体的比例为2∶1，说明两对性状的遗传各自符合基因分离定律的比例，且互不干扰,因此B、b和E、e基因分别位于两对同源染色体上（3）。BbZEW(或BbZEWe)、BbZEZe（4)。1/12（5）。染色体结构的变异（6)。dZWD(7）。可用一定剂量的射线处理基因型为Dd的雌性个体，并让其进行测交，若测交子代能满足黑卵都发育成雌性个体，而白卵都发育成雄性个体，即可得到个体丙。【解析】【分析】一对幼体皮肤不透明而有黑斑的雌雄个体交配,F1中黑斑个体与白斑个体的比例为3∶1，说明黑斑为显性性状；皮肤不透明与透明个体的比例为2∶1，为3∶1比例的异常情况，说明皮肤不透明为显性性状，且存在显性纯合致死情况。【详解】（1）一对幼体皮肤不透明而有黑斑的雌雄个体交配，F1中黑斑个体与白斑个体的比例为3∶1,皮肤不透明与透明个体的比例为2∶1，两对性状的遗传各自符合基因分离定律的比例,互不干扰，因此B、b和E、e基因分别位于两对同源染色体上，这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。（2）F1中皮肤不透明与透明个体的比例为2∶1，皮肤透明的幼体全为雌性，说明E、e基因位于性染色体上，且基因型ZEZE致死,进而可知B、b基因位于常染色体上，由分析可知，黑斑和皮肤不透明为显性性状,根据F1表现型比例可推得亲本基因型为BbZEW（或BbZEWe)、BbZEZe。因此,F1中皮肤不透明而有白斑的雄性幼体基因型为bbZEZe，所占比例为1/4×1/3＝1/12.（3）已知黑卵对白卵为显性性状,由2号染色体上的D、d基因控制。测交能产生黑卵和白卵两种性状的雌性个体为杂合子Dd，而正常情况下，基因型为Dd的雌性个体测交子代基因与性染色体组成应为DdZW、DdZZ、ddZW、ddZZ，若要使测交后所产生的黑卵都发育成雌性个体，而白卵都发育成雄性个体，即D与性别为雌相关联，可推断育种所得雌性个体丙的W染色体上含有D基因，即2号染色体上的D基因易位到了W染色体上，因此，雌性个体丙的基因型为dZWD，能产生dZ、dWD、Z、WD的卵细胞,测交子代基因型为ddZZ、ddZWD、dZZ、dZWD。综上可知,该学者的育种方法利用了染色体结构的变异原理，可用一定剂量的射线处理基因型为Dd的雌性个体，并让其进行测交，若测交子代能满足黑卵都发育成雌性个体，而白卵都发育成雄性个体,即可得到个体丙。【点睛】本题考查基因自由组合定律的应用、基因在染色体上位置的判断和育种相关知识,难度较大，需要考生综合相关知识，并对题干中有效信息准确分析和推理，掌握通过子代基因型和表现型推导亲本基因型的方法是解题关键。10.为了践行“绿水青山就是金山银山的生态理念，很多城市利用人工湿地，构建了藻菌共生污水净化系统,对生活和工业污水进行净化处理.回答下列问题：(1）人工湿地中的芦苇属于挺水植物，绿藻属于浮游植物，黑藻属于沉水植物，这些植物的分布体现了群落的______________结构,显著提高了_________________________________.（2)若该人工湿地生态系统中沼虾仅以浮游藻类为食。科研人员对沼虾的能量流动情况进行分析，结果如下表所示.据表分析，沼虾用于生长发育和繁殖的能量是______________kJ/(cm2·a），从藻类到沼虾的能量传递效率为_______________.浮游藻类同化的能量沼虾摄入藻类的能量沼虾粪便中的能量沼虾用于生长发育和繁殖能量沼虾呼吸作用散失的能量150kJ/（cm2·a）48kJ（cm2·a）25．5kJ/（cm2·a）?21kJ/（cm2·a）(3）研究人员实地调查后发现该群落正在发生次生演替你认为他们的判断依据可能是________。(4)虽然人工湿地对城市生态的调节起着重要的作用，但不能仅仅依靠人工湿地对污水进行净化，还应该加强对污染源的控制，理由是_______________。【答案】（1)。垂直（2）。对光照等资源的利用率（3）。1。5(4）。15%（5）。在原本有土壤条件的地方发生的演替(6)。人工湿地自我调节能力是有限的,只能净化一定量的污水【解析】【分析】1、生态系统的成分包括:生产者、消费者、分解者、非生物的物质和能量。2、生物群落中群落的垂直结构就是指垂直分层现象,植物分层现象能够充分利用光照等环境资源。3、演替的类型：（1）初生演替：一个从来没有被植物覆盖的地面，或者是原来存在过植物、但被彻底消灭了的地方发生的演替。过程：裸岩阶段→地衣阶段→苔藓阶段→草本植物阶段→灌木阶段→森林阶段。（2)次生演替：在原有植被虽已不存在，但原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体的地方发生地演替。【详解】（1）人工湿地中的芦苇属于挺水植物，绿藻属于浮游植物，黑藻属于沉水植物,这些植物的分布体现了群落的垂直结构，显著提高了对光照等资源的利用率。（2）已知沼虾仅以浮游藻类为食。据表分析,沼虾同化的能量是48—25。5=22.5kJ/（cm2·a），沼虾呼吸作用散失的能量是21kJ/（cm2•a），则用于生长发育和繁殖的能量是22。5-21=1。5kJ/（cm2·a)，从藻类到沼虾的能量传递效率为。（3）在原本有土壤条件的地方发生的演替为次生演替。（4）虽然人工湿地能够净化污水，但由于其自我调节能力是有限的，人工湿地只能净化一定量的污水，所以不能仅仅依靠人工湿地对污水进行净化，还应该加强对污染源的控制.【点睛】本题结合人工湿地考查群落结构、群落演替、能量流动和生态系统的稳定性的相关知识，意在考查考生利用所学知识解决实际问题的能力。【生物-选修1：生物技术实践】11。自2007年7月1日开始实施的新版《生活饮用水卫生标准》（GB5749—2006）规定“总大肠菌群”的限值为“不得检出”。我们日常生活用的自来水是否符合国家卫生标准，可以运用学过的微生物培养知识与检测技术进行检测.回答下列问题:（1）大肠杆菌属于大肠菌群中的一种,可以通过检测自来水中大肠杆菌的数量检测水质。检测自来水中大肠杆菌的数量，通常采用____________法，不采用稀释涂布平板法的原因是_________________________________________。(2)检测大肠杆菌所使用的伊红美蓝培养基除了能为大肠杆菌生长提供必要的营养素外,还能使菌落显示特定的_________________色.该培养基______________（填“属于”或“不属于”)选择培养基，理由是_________________________________________.（3）为了探究反复烧开的自来水（“千滚水”)中亚硝酸盐的含量较高，对人体有害的说法是否属实，可以用比色法分别检测同一水质烧开一次的水和反复烧开的水中亚硝酸盐的含量，该检测方法的原理是在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1—萘基乙二胺盐酸盐结合后形成_____________色染料,然后将显色反应后的样品与已知浓度的_____________进行目测比较,大致估算出亚硝酸盐的含量。实验证明:“千滚水”中亚硝酸盐含量较高的说法纯属谣言.【答案】(1).滤膜法（2)。当两个或多个大肠杆菌连在一起时，培养基上只能观察到一个菌落,会使测定值比实际值偏低(3）。黑(4）.不属于（5）。在该培养基上其他微生物也能生长，没有起到选择作用(6）.玫瑰红(7）.标准显色液【解析】【分析】1、检测自来水中大肠杆菌数量常用滤膜法，采用滤膜过滤水样，使其中的细菌截留在滤膜上，然后将滤膜放在伊红美蓝培养基上进行培养,大肠杆菌可直接在膜上生长，菌落会呈现出黑色，从而直接计数。2、选择性培养基是指根据某种微生物的特殊营养要求或其对某化学、物理因素的抗性而设计的培养基，其功能是使混合菌样中的劣势菌变成优势菌，从而提高该菌的筛选效率。鉴别培养基是通过化学试剂显示出培养基上混合生长的微生物中有某种微生物.3、比色法测定亚硝酸盐含量的原理：在盐酸酸化条件下,亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N—1—萘基乙二胺盐酸盐结合后形成玫瑰红色染料,将显色反应后的样品与已知浓度的标准显色液进行目测比较，可以大致估算出亚硝酸盐的含量.【详解】（1）检测自来水中大肠杆菌的数量常用滤膜法。稀释涂布平板法虽然可以通过统计菌落的数目计算出水样中大肠杆菌的数量，但两个或多个大肠杆菌连在一起时,培养基上只能观察到一个菌落，因此测定值比实际值偏低。(2)在伊红美蓝培养基上，大肠杆菌的菌落呈现黑色,可以根据培养基上黑色菌落的数目计算出水样中大肠杆菌的数量，属于鉴别培养基，在该培养基上其他微生物也能生长，没有起到选择作用，不属于选择培养基。(3）在盐酸酸化条件下,亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1—萘基乙二胺盐酸盐结合后形成玫瑰红色染料,将显色反应后的样品与已知浓度的标准显色液进行目测比较，可以大致估算出亚硝酸盐的含量。【点睛】本题考查了微生物分离与培养的有关知识，要求考生能够识记培养基的成分及类型，识记鉴别大肠杆菌的实验原理和方法，再结合所学知识准确答题。【生物一—选修3：现代生物科技专题】12.CRISPR—Cas9技术又称为基因编辑技术，该技术在基因的上下游各设计一条向导RNA(向导RNA1,向导RNA2)，将其与含有Cas9蛋白编码基因的质粒一同转入细胞中，向导RNA（gRNA）通过碱基互补配对可以定位与靶向基因结合，Cas9蛋白会使该基因上下游的DNA双链断裂，断裂的基因上下游两端的序列连接起来,从而实现了细胞中目标基因的敲除。回答下列问题：（1）CRISPR—Cas9系统广泛存在于细菌体内，推测该系统在细菌体内的作用是___________________.（2)基因表达载体的启动子位于________________，是RNA聚合酶识别和结合的部位。目的基因导入受体细胞后，成功产生了Cas9蛋白和gRNA。gRNA能够定位靶向基因的原理是________________