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2023学年安徽省黄山市屯溪一中高二（上）开学物理试卷一、选择题（共12小题，1-8题为单选题，每小题3分，9-12题为多选题，每小题3分，满分40分）1．下列说法中，正确的是（）A．物体在一条直线上运动，如果在相等的时间里变化的位移相等，则物体的运动就是匀变速直线运动B．加速度大小不变的运动就是匀变速直线运动C．匀变速直线运动是加速度不变的运动D．加速度方向不变的运动一定是匀变速直线运动2．如图所示，两个完全相同的匀质光滑小球，静止在内壁光滑的半球形碗底，两球之间相互作用力的大小为F1，每个小球对碗的压力大小均为F2，若两小球质量不变，而半径均减小为原来的一半，则（）A．F1和F2均变大 B．F1和F2均变小C．F1变大，F2变小 D．F1变小，F2变大3．水平地面上有一直立的轻质弹簧，下端固定\上端与物体4相连接，整个系统处于静止状态，如图1所示．现用一竖直向下的力F作用在物体4上，使4向下做一小段匀加速直线动（弹簧一直处在弹性限度内）如图2所示．在此过程中力F的大小与物体向下运动的距离x间的关系图象正确的是（）A． B． C． D．4．如图所示，质量为M的物体放在光滑水平地面上，受与水平方向成α角的恒定拉力F作用，从静止开始沿水平地面运动，在时间t内，拉力F对物体所做的功为W．若仅改变上述某一个量，物体还是从静止开始沿水平地面运动，下列可使拉力做的功为2W的是（）A．物体质量减小为 B．拉力增大为2FC．做功时间增长为2t D．α角从60°变为0°5．在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上做初速度为零、加速度为a的匀加速运动，同时人顶着直杆以速度v0水平匀速移动，经过时间t，猴子沿杆向上移动的高度为h，人顶杆沿水平地面移动的距离为x，如图所示．关于猴子的运动情况，下列说法中正确的是（）A．相对地面做匀速直线运动B．相对地面做匀加速直线运动C．t时刻猴子对地速度的大小为v0+atD．t时间内猴子对地的位移大小为6．质量为m的物体以v0的速度水平抛出，经过一段时间速度大小变为v0，不计空气阻力，重力加速度为g，以下说法正确的是（）A．该过程平均速度大小为v0B．速度大小变为v0时，重力的瞬时功率为mgv0C．运动时间为D．运动位移的大小为7．设地球质量为月球质量的81倍，地球半径是月球半径的4倍，若探测器甲绕地球和探测器乙绕月球做匀速圆周运动的半径相同，则（）A．甲与乙线速度之比为9：2B．甲与乙线速度之比为1：9C．甲与乙向心加速度之比为81：1D．甲与乙的运动周期之比为1：18．如图所示，A、B是两只相同的齿轮，A被固定不能转动．若B齿轮绕A齿合运动半周，到达图中的C位置，则B齿轮上所标出的竖直向上的箭头所指的方向是（）A．竖直向上 B．竖直向下 C．水平向左 D．水平向右9．如图，在光滑水平面上，放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块．开始时，各物均静止，今在两物体上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，物体和木板间的动摩擦因数相同，下列说法正确的是（）A．若F1=F2，M1＞M2，则v1＞v2 B．若F1=F2，M1＜M2，则v1＞v2C．若F1＞F2，M1=M2，则v1＞v2 D．若F1＜F2，M1=M2，则v1＞v210．如图所示，水平抛出的物体，抵达斜面上端P处时速度恰好沿着斜面方向，紧贴斜面PQ无摩擦滑下；如下四图图为物体沿x方向和y方向运动的位移﹣时间图象及速度﹣时间图象，其中可能正确的是（）A． B． C． D．11．有密度相同的两颗行星A和B，已知A星的表面重力加速度是B星表面重力加速度的2倍（忽略行星自转的影响），则下列说法正确的是（）A．两行星A、B的质量之比为8：1B．两行星A、B的半径之比为2：1C．两行星A、B的第一宇宙速度之比为1：2D．两行星A、B的第一宇宙速度之比为2：112．一根轻弹簧，上端固定，下端栓一个重物P，处于静止状态，如图所示．现有外力把它向下拉一段距离，则以下说法正确的是（）A．向下拉的某段过程中，重力势能的减少量可能大于弹性势能的增加量B．向下拉的任一段过程中，重力势能的减少量一定小于弹性势能的增加量C．撤去拉力，P在任一段运动过程中，重力势能的增加量一定等于弹性势能的减少量D．撤去拉力，P在某段运动过程中，重力势能的增加量可能等于弹性势能的减少量二、实验题（共三小题，13、14题各4分，15题12分，共20分）13．在研究匀变速直线运动规律的实验中，通过纸带算出小车经过各计数点的瞬时速度后，为了计算加速度，以下四种说法中最合理的是（）A．根据任意两计数点的速度用公式算出加速度B．根据实验数据画出v﹣t图象，量出其倾角θ，由公式a=tanθ，求出加速度C．根据实验数据画出v﹣t图象，由图线上相距较远的两点所对应的速度．时间用公式算出加速度D．依次算出通过连续两计数点的加速度，算出平均值作为小车的加速度14．在验证力的平行四边形定则时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，第一次是通过两细绳用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，第二次是用一个弹簧测力计通过一细绳拉橡皮条下列对本实验的要求及减小实验误差的说法正确的有（）A．两次拉伸橡皮条只要将橡皮条拉伸相同长度即可B．第二次拉橡皮条时要使细绳沿第一次实验所作平行四边形对角线方向C．标记拉力方向时，铅笔要紧靠细绳，沿绳移动画出拉力方向D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些E．弹簧测力计使用前要先调到零点，拉橡皮条时弹簧的伸长方向和所测拉力方向要一致15．用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种．重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带的点痕进行测量，即可验证机械能守恒定律．（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器件；B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上；C．用天平测出重锤的质量；D．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带；E．测量纸带上某些点间的距离；F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能．其中没有必要进行的或者操作不当的步骤，将其选项对应的字母填在下面的空行内，并说明其原因．答：（2）利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a的数值．如图所示，根据打出的纸带，选取纸带上的连续的五个点A、B、C、D、E，测出A距起始点O的距离为s0，点AC间的距离为s1，点CE间的距离为s2，使用交流电的频率为f，根据这些条件计算重锤下落的加速度．（3）在验证机械能守恒定律的实验中发现，重锤减小的重力势能总是大于重锤动能的增加，其原因主要是因为在重锤下落的过程中存在阻力作用，可以通过该实验装置测阻力的大小．若已知当地重力加速度公认的较准确的值为g，还需要测量的物理量是．试用这些物理量和纸带上的数据表示出重锤在下落的过程中受到的平均阻力大小F=．三、解答题（共4小题，16、17每小题各8分，18小题10分，19小题14分，满分40分）16．一辆汽车沿平直公路从甲站开往乙站，起动加速度为2m/s2，加速行驶5秒，后匀速行驶2分钟，然后刹车，滑行50m，正好到达乙站．求汽车从甲站到乙站的平均速度？17．一个质量m=2kg的滑块在倾角为θ=37°的固定斜面上，受到一个大小为40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面匀速上滑．（sin37°=，取g=10m/s2）（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间．18．如图所示，质量为m的小球，在外力作用下，由静止开始从水平轨道的A点出发做匀加速直线运动，到达B点时撤消外力．小球冲上竖直平面内半径为R的光滑半圆环，恰能维持在圆环上做圆周运动，到达最高点C后抛出，最后落回到原来的出发点A处，试求小球在AB段运动的加速度．19．固定在水平地面上光滑斜面倾角为θ，斜面底端固定一个与斜面垂直的挡板，一木板A被在斜面上，其下端离地面高为H，上端放着一个小物块B，如图所示．木板和物块的质量均为m，相互间最大静摩擦力等于滑动摩擦力kmgsinθ（k＜1），把它们由静止释放，木板与挡板发生碰撞时，时间极短，无动能损失，而物块不会与挡板发生碰撞．求：（1）木板第一次与挡板碰撞弹回沿斜面上升过程中，物块B的加速度；（2）从释放木板到木板与挡板第二次碰撞的瞬间，木板运动的路程s（3）从释放木板到木板和物块都静止，木板和物块系统损失的机械能．

2023学年安徽省黄山市屯溪一中高二（上）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，1-8题为单选题，每小题3分，9-12题为多选题，每小题3分，满分40分）1．下列说法中，正确的是（）A．物体在一条直线上运动，如果在相等的时间里变化的位移相等，则物体的运动就是匀变速直线运动B．加速度大小不变的运动就是匀变速直线运动C．匀变速直线运动是加速度不变的运动D．加速度方向不变的运动一定是匀变速直线运动【考点】加速度．【分析】匀变速直线运动的特点是加速度不变，即加速度大小和方向均不变，速度均匀变化，即相等时间内速度变化量相同．【解答】解：A、物体在一条直线上运动，如果在相等的时间里变化的速度相等，则物体的运动就是匀变速直线运动，而不是位移变化相等．故B错误．B、加速度不变的运动就是匀变速直线运动，不仅仅是加速度大小不变，方向也要不变．比如匀速圆周运动，加速度大小不变，加速度方向变化是变加速运动．故B错误．C、匀变速直线运动速度均匀变化，加速度不变．故C正确．D、加速度方向不变的运动不一定是匀变速直线运动，还有加速度大小不变．故D错误．故选C2．如图所示，两个完全相同的匀质光滑小球，静止在内壁光滑的半球形碗底，两球之间相互作用力的大小为F1，每个小球对碗的压力大小均为F2，若两小球质量不变，而半径均减小为原来的一半，则（）A．F1和F2均变大 B．F1和F2均变小C．F1变大，F2变小 D．F1变小，F2变大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】设碗对球的支持力与竖直方向的夹角为α．以其中某一个球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出碗对球的支持力和另一球对它的弹力与α的关系式，根据数学分析当碗的半径逐渐减小时，α如何变化．再分析F1和F2如何变化．【解答】解：以左边的球为研究对象，作出力图，如图．设碗对球的支持力F2与竖直方向的夹角为α．根据平衡条件得F2=F1=mgtanα若两小球质量不变，而半径均减小为原来的一半，则α减小，cosα变大，tanα变小；则F1变小，F2变小．故选：B．3．水平地面上有一直立的轻质弹簧，下端固定\上端与物体4相连接，整个系统处于静止状态，如图1所示．现用一竖直向下的力F作用在物体4上，使4向下做一小段匀加速直线动（弹簧一直处在弹性限度内）如图2所示．在此过程中力F的大小与物体向下运动的距离x间的关系图象正确的是（）A． B． C． D．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】根据牛顿第二定律列出加速度的表达式，从而得出F与形变量的关系．【解答】解：初始状态，重力和弹力的合力为零，施加F后，根据牛顿第二定律有：a=，因为mAg=kx0，所以a=，则F=ma+kx，ma是定值，知D正确，A、B、C错误．故选D．4．如图所示，质量为M的物体放在光滑水平地面上，受与水平方向成α角的恒定拉力F作用，从静止开始沿水平地面运动，在时间t内，拉力F对物体所做的功为W．若仅改变上述某一个量，物体还是从静止开始沿水平地面运动，下列可使拉力做的功为2W的是（）A．物体质量减小为 B．拉力增大为2FC．做功时间增长为2t D．α角从60°变为0°【考点】功的计算．【分析】根据牛顿第二定律分析加速度的变化，由位移公式分析位移，再确定功的变化．【解答】解：A、物体质量减小为，则物体的加速度变为原来的2倍，由x=知，在相同时间内物体通过的位移为原来的2倍，由W=Fxcosα，可知，拉力做功为2W．故A正确．B、拉力增大为2F时，加速度物体的加速度变为原来的2倍，由x=知，在相同时间内物体通过的位移为原来的2倍，由W=Fxcosα，可知，拉力做功为4W．故B错误．C、做功时间增长为2t，由x=知，物体通过的位移为原来的4倍，由W=Fxcosα，可知，拉力做功为4W．故C错误．D、由W=Fxcosα=Fcosα=，α角从60°变为0°，则得，拉力做功为4W．故D错误．故选A5．在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上做初速度为零、加速度为a的匀加速运动，同时人顶着直杆以速度v0水平匀速移动，经过时间t，猴子沿杆向上移动的高度为h，人顶杆沿水平地面移动的距离为x，如图所示．关于猴子的运动情况，下列说法中正确的是（）A．相对地面做匀速直线运动B．相对地面做匀加速直线运动C．t时刻猴子对地速度的大小为v0+atD．t时间内猴子对地的位移大小为【考点】运动的合成和分解．【分析】A、猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动，通过运动的合成，判断猴子相对于地面的运动轨迹以及运动情况．C、求出t时刻猴子在水平方向和竖直方向上的分速度，根据平行四边形定则，求出猴子相对于地面的速度，即合速度．D、分别求出猴子在t时间内水平方向和竖直方向上的位移，根据平行四边形定则，求出猴子的合位移．【解答】解：A、猴子在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为0的匀加速直线运动，根据运动的合成，知合速度与合加速度不在同一条直线上，所以猴子运动的轨迹为曲线．故A错误．B、猴子在水平方向上的加速度为0，在竖直方向上有恒定的加速度，根据运动的合成，知猴子做曲线运动的加速度不变，做匀变速曲线运动．故B错误．C、t时刻猴子在水平方向上的速度为v0，和竖直方向上的分速度为at，所以合速度v=．故C错误．D、在t时间内猴子在水平方向和竖直方向上的位移分别为x和h，根据运动的合成，知合位移s=．故D正确．故选：D．6．质量为m的物体以v0的速度水平抛出，经过一段时间速度大小变为v0，不计空气阻力，重力加速度为g，以下说法正确的是（）A．该过程平均速度大小为v0B．速度大小变为v0时，重力的瞬时功率为mgv0C．运动时间为D．运动位移的大小为【考点】功率、平均功率和瞬时功率；平均速度．【分析】平抛运动是加速度为g的匀变速运动，根据平抛运动的基本规律即可求解【解答】解：ACD、竖直方向速度为：，所以运动时间，位移为：，所以平均速度为，故A错误，C错误，D正确；B、速度大小变为时，重力的瞬时功率为：，故B错误；故选：D7．设地球质量为月球质量的81倍，地球半径是月球半径的4倍，若探测器甲绕地球和探测器乙绕月球做匀速圆周运动的半径相同，则（）A．甲与乙线速度之比为9：2B．甲与乙线速度之比为1：9C．甲与乙向心加速度之比为81：1D．甲与乙的运动周期之比为1：1【考点】万有引力定律及其应用．【分析】探测器甲绕地球做圆周运动，由地球的万有引力提供向心力；探测器乙绕月球做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列方程求解比例．【解答】解：设探测器运动的半径为r．A、B对甲：由=，得到v甲=，同理v乙=，则v甲：v乙=9：1．故A、B错误．C、甲的向心加速度a甲==，同理a乙=，则a甲：a乙=81：1．故C正确．D、甲的周期T甲=，乙的周期T乙=，则T甲：T乙=v乙：v甲=1：9．故D错误．故选C8．如图所示，A、B是两只相同的齿轮，A被固定不能转动．若B齿轮绕A齿合运动半周，到达图中的C位置，则B齿轮上所标出的竖直向上的箭头所指的方向是（）A．竖直向上 B．竖直向下 C．水平向左 D．水平向右【考点】常见的传动装置；线速度、角速度和周期、转速．【分析】当A被固定时只有B转动，显然B以A的圆心做旋转运动，如果假设齿轮齿径为r，那么B转动的半径为2r，算出B运动的弧长，再求出圆心角即可求解．【解答】解：当A被固定时只有B转动，显然B以A的圆心做旋转运动，如果假设齿轮齿径为r，那么B转动的半径为2r，那么从B位置到C位置的路程为π•2r，因此齿轮B的圆心角为即齿轮B转了一圈，所以箭头指向为竖直向上，所以BCD错误，A正确；故选A．9．如图，在光滑水平面上，放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块．开始时，各物均静止，今在两物体上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，物体和木板间的动摩擦因数相同，下列说法正确的是（）A．若F1=F2，M1＞M2，则v1＞v2 B．若F1=F2，M1＜M2，则v1＞v2C．若F1＞F2，M1=M2，则v1＞v2 D．若F1＜F2，M1=M2，则v1＞v2【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力．【分析】本题中涉及到两个物体，所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法．板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解．【解答】解：A、B：首先看F1=F2时情况：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于M1、M2，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：因为a1=，a2=，其中m为物块的质量．设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=at12﹣a1t12物块与M2的相对位移L=at22﹣a2t22若M1＞M2，a1＜a2所以得：t1＜t2M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2则v1＜v2，故A错误．若M1＜M2，a1＞a2所以得：t1＞t2M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2则v1＞v2，故B正确．C、D：若F1＞F2、M1=M2，根据受力分析和牛顿第二定律的：则M1上的物块的加速度大于M2上的物块的加速度，即aa＞ab由于M1=M2，所以M1、M2加速度相同，设M1、M2加速度为a．它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=aat12﹣at12物块与M2的相对位移L=abt22﹣at22由于aa＞ab所以得：t1＜t2则v1＜v2，故C错误．若F1＜F2、M1=M2，aa＜ab则v1＞v2，故D正确．故选BD．10．如图所示，水平抛出的物体，抵达斜面上端P处时速度恰好沿着斜面方向，紧贴斜面PQ无摩擦滑下；如下四图图为物体沿x方向和y方向运动的位移﹣时间图象及速度﹣时间图象，其中可能正确的是（）A． B． C． D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】物体在抵达斜面之前做平抛运动，故在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，而到达斜面后做匀加速直线运动，在水平方向和竖直方向分别做匀加速直线运动，写出在水平方向的速度表达式和位移表达式，竖直方向的速度表达式和位移表达式即可．【解答】解：设斜面的倾角为α，则水平抛出的物体在抵达斜面之前其水平向做匀速直线运动，故其水平速度vx=v0，而抵达斜面后物体的加速度a=gsinθ，故水平向速度vx=v0+（gsinθcosθ）t，即在水平方向做匀加速运动．故B错误．在抵达斜面之前物体在水平方向的位移x0=v0t0，而抵达斜面后物体在水平方向的位移x=x0+v0△t+gsinθcosθ△t2，故A正确．在物体抵达斜面之前，物体在竖直方向做自由落体运动，故竖直方向的速度vy=gt，抵达斜面后物体在竖直方向的加速度ay=gsinθsinθ=g（sinθ）2，故vy=gt0+g（sinθ）2t，故D正确．在抵达斜面前物体在竖直方向的位移y=，抵达斜面后y=+gt0△tg（sinθ）2（△t）2，故C错误．故选A、D．11．有密度相同的两颗行星A和B，已知A星的表面重力加速度是B星表面重力加速度的2倍（忽略行星自转的影响），则下列说法正确的是（）A．两行星A、B的质量之比为8：1B．两行星A、B的半径之比为2：1C．两行星A、B的第一宇宙速度之比为1：2D．两行星A、B的第一宇宙速度之比为2：1【考点】万有引力定律及其应用．【分析】球体的体积公式为V=πR3，任何星球表面都近似有mg=，卫星绕行星运动的第一宇宙速度的表达式可写为：v=或v=【解答】解：根据两星密度相同有，根据两星重力加速度的关系有，得，，AB正确，由第一宇宙速度得，D项正确故选ABD12．一根轻弹簧，上端固定，下端栓一个重物P，处于静止状态，如图所示．现有外力把它向下拉一段距离，则以下说法正确的是（）A．向下拉的某段过程中，重力势能的减少量可能大于弹性势能的增加量B．向下拉的任一段过程中，重力势能的减少量一定小于弹性势能的增加量C．撤去拉力，P在任一段运动过程中，重力势能的增加量一定等于弹性势能的减少量D．撤去拉力，P在某段运动过程中，重力势能的增加量可能等于弹性势能的减少量【考点】功能关系；弹性势能．【分析】重物P静止时受到的重力和弹簧的拉力大小相等，外力把它向下拉一段距离的过程中，弹簧的拉力等于重力和外力之和．【解答】解：AB、向下拉的某段过程中，弹簧拉力做的功等于系统机械能的增加，重力势能的减小量与拉力做功之和等于弹性势能的增加量，所以重力势能的减少量一定小于弹性势能的增加量，故A错误，B正确；C、撤去拉力，P在运动过程中，重力和弹簧的弹力做功，弹性势能的减小量等于重力势能的增加量和重物动能的增加量的和，故C错误；D、重力和弹簧的弹力做功，弹性势能的减小量等于重力势能的增加量和重物动能的增加量的和，只有在最高点或最低点的时候，重力势能的增加量可能等于弹性势能的减小量，故D正确．故选：BD二、实验题（共三小题，13、14题各4分，15题12分，共20分）13．在研究匀变速直线运动规律的实验中，通过纸带算出小车经过各计数点的瞬时速度后，为了计算加速度，以下四种说法中最合理的是（）A．根据任意两计数点的速度用公式算出加速度B．根据实验数据画出v﹣t图象，量出其倾角θ，由公式a=tanθ，求出加速度C．根据实验数据画出v﹣t图象，由图线上相距较远的两点所对应的速度．时间用公式算出加速度D．依次算出通过连续两计数点的加速度，算出平均值作为小车的加速度【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】根据各计数点的瞬时速度作出速度﹣时间图象，解出其斜率即是小车的加速度．图象法能有效地舍弃误差较大的数据，减小偶然误差．【解答】解：AC、在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v﹣t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式算出加速度，所以误差小；故A错误，C正确．B、根据实验数据画出v﹣t图象，当纵坐标取不同的标度时，图象的倾角就会不同，所以量出其倾角，用公式a=tanα算出的数值并不是加速度，故B错误．D、这种方法是不对的，因为根本就不知道加速度是一个什么函数，如果是一个变化值这种方法完全是错误的，除非你能确定加速度是什么函数，故D错误．故选：C．14．在验证力的平行四边形定则时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，第一次是通过两细绳用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，第二次是用一个弹簧测力计通过一细绳拉橡皮条下列对本实验的要求及减小实验误差的说法正确的有（）A．两次拉伸橡皮条只要将橡皮条拉伸相同长度即可B．第二次拉橡皮条时要使细绳沿第一次实验所作平行四边形对角线方向C．标记拉力方向时，铅笔要紧靠细绳，沿绳移动画出拉力方向D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些E．弹簧测力计使用前要先调到零点，拉橡皮条时弹簧的伸长方向和所测拉力方向要一致【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】为了使两根弹簧秤拉力的作用效果与一根弹簧秤拉力的作用效果相同，两次橡皮条伸长的长度相同，且拉到同一个结点，为了减小实验误差，拉橡皮条的细绳要长些，标记方向的两点要远些．【解答】解：A、两次拉伸橡皮条要将橡皮条拉伸到同一结点．故A错误．B、第二次拉橡皮条仍然要将橡皮条拉到与第一次相同的结点，且与橡皮条的方向共线．故B错误．C、标记方向上时在细绳的方向上标两个点，两点确定一条直线，不能沿绳子画方向．故C错误．D、为了减小实验误差，拉橡皮条的细绳要长些，标记方向的两点要远些．故D正确．E、弹簧测力计使用前要先调到零点，拉橡皮条时弹簧的伸长方向和所测拉力方向要一致．故E正确．故选DE．15．用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种．重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带的点痕进行测量，即可验证机械能守恒定律．（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器件；B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上；C．用天平测出重锤的质量；D．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带；E．测量纸带上某些点间的距离；F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能．其中没有必要进行的或者操作不当的步骤，将其选项对应的字母填在下面的空行内，并说明其原因．答：B．应将打点计时器接到电源的交流输出上；C．不需测出重锤的质量；D．先接通电源后释放悬挂纸带的夹子；（2）利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a的数值．如图所示，根据打出的纸带，选取纸带上的连续的五个点A、B、C、D、E，测出A距起始点O的距离为s0，点AC间的距离为s1，点CE间的距离为s2，使用交流电的频率为f，根据这些条件计算重锤下落的加速度a=．（3）在验证机械能守恒定律的实验中发现，重锤减小的重力势能总是大于重锤动能的增加，其原因主要是因为在重锤下落的过程中存在阻力作用，可以通过该实验装置测阻力的大小．若已知当地重力加速度公认的较准确的值为g，还需要测量的物理量是m．试用这些物理量和纸带上的数据表示出重锤在下落的过程中受到的平均阻力大小F=m（g﹣）．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的加速度．重物下落过程中受重力和阻力，根据牛顿第二定律求出平均阻力大小．【解答】解：（1）没有必要进行的步骤是：因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平．故C没有必要．操作不恰当的步骤是：应将打点计时器接到电源的交流输出端上，故B错误．开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故D错误．（2）利用匀变速直线运动的推论△x=at2a===（s2﹣s1）f2（3）还需要测量的物理量是重锤的质量m．重物下落过程中受重力mg和阻力F，根据牛顿第二定律得：F合=mg﹣FF=mg﹣ma=m（g﹣）；故答案为：（1）B．应将打点计时器接到电源的交流输出上；C．不需测出重锤的质量；D．先接通电源后释放悬挂纸带的夹子；（2）a=；（3）m，m（g﹣）．三、解答题（共4小题，16、17每小题各8分，18小题10分，19小题14分，满分40分）16．一辆汽车沿平直公路从甲站开往乙站，起动加速度为2m/s2，加速行驶5秒，后匀速行驶2分钟，然后刹车，滑行50m，正好到达乙站．求汽车从甲站到乙站的平均速度？【考点】平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据运动学基本公式分别求出各阶段的位移，平均速度等于总位移除以总时间．【解答】解：起动阶段行驶位移为：S1=匀速行驶的速度为：V=at1匀速行驶的位移为：S2=Vt2刹车段的位移为：S3=汽车从甲站到乙站的平均速度为：V=答：汽车从甲站到乙站的平均速度为s．17．一个质量m=2kg的滑块在倾角为θ=37°的固定斜面上，受到一个大小为40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面匀速上滑．（sin37°=，取g=10m/s2）（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间．【考点】共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．【分析】（1）滑块在水平推力作用下沿斜面向上匀速运动，合力为零，根据正交分解法列方程，求解动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，滑块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动．根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解时间．【解答】解：（1）滑块在水平推力作用下沿斜面向上匀速运动时，合力为零，则有Fcos37°=mgsin37°+μ（mgcos37°+Fsin37°）代入解得，μ=（2）撤去F后，滑块上滑过程：根据牛顿第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma1，得，a1=g（sin37°+μcos37°）上滑的时间为t1==1s上滑的位移为x==5m滑块下滑过程：mgsin37°﹣μmgcos37°=ma2，得，a2=g（sin37°﹣μcos37°）由于下滑与上滑的位移大小相等，则有x=解得，=s故t=t1+t2=（1+）s答：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数是；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，这以后滑块再返回A点经过的时间是（1+）s．18．如图所示，质量为m的