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山东省滨州市五营中学2021-2022学年高二物理期末试卷含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.如图所示,原来不带电的导体棒放在电荷q产生的电场中,达静电平衡后,棒上感应电荷在棒内中点处产生场强大小为E;现将导体棒右端接地,当再次达到静电平衡时,棒上感应电荷在棒内中点处产生的场强大小为E,,则

(

)

A.E>E,

B.E=E,

C.E<E,

D.E=E,/2参考答案:B2.下列有关热现象的说法中,正确的是A.大风吹起地上的尘土漫天飞扬,证明了分子在不停地做无规则运动B.盛有气体的密闭容器做减速运动时,容器中气体的内能将减小C.电流通过电阻后电阻发热,它的内能增加是通过“热传递”方式实现的D.常温、常压下,一定质量的气体经等温压缩后,其压强一定增大参考答案:D3.(单选)用不同频率的紫外线分别照射钨和锌的表面而产生光电效应,可得到光电子最大初动能Ek随入射光频率变化的图象,已知钨的逸出功是3.28eV,锌的逸出功是3.34eV,若将两者的图线画在同一个坐标中,用实线表示钨,虚线表示锌,则正确的图象是(

)参考答案:A4.物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用,下面列举的四种器件中,在工作时利用了电磁感应现象的是A.回旋加速器

B.日光灯

C.质谱仪

D.示波器参考答案:B5.(单选)如图,两物体A和B通过定滑轮的细绳连接,它们都处于静止状态,对于物体A的受力,下列说法正确的是A.受重力、绳子拉力、摩擦力作用B.受重力、绳子拉力、水平面给它的弹力和摩擦力作用C.受重力、绳子拉力、水平面给它的弹力作用参考答案:B二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图所示,是利用闪光照相研究平抛运动的示意图。小球由斜槽滚下,从桌边缘水平抛出,当它恰好离开桌边缘时,小球也同时下落,闪光频率为的闪光器拍摄的照片中球有四个像,像间距离已在图中标出,两球恰在位置相碰。则球从离开桌面到和球碰撞时经过的时间为_______,球离开桌面的速度为_______。.参考答案:0.3

17..在电磁感应现象实验中,研究磁通量变化与感应电流方向的关系时,所需的实验器材如图所示.现已用导线连接了部分实验电路.(1)请画实线作为导线从箭头1和2处连接其余部分电路;(2)实验时,将L1插入线圈L2中,合上开关瞬间,观察到电流计的指针发生偏转,这个现象揭示的规律是__________________________;(3)(多选)某同学设想使一线圈中电流逆时针流动,另一线圈中感应电流顺时针流动,可行的实验操作是(A)抽出线圈L1

(B)插入软铁棒(C)使变阻器滑片P左移

(D)断开开关

参考答案:(1)(2)、电磁感应现象

(3)B

C

8.在电磁波谱中,用于“消毒灭菌”的是

,某广播电台发射的电磁波在真空中传播的波长为500m,则它的频率是

HZ.参考答案:解:用于“消毒灭菌”的是紫外线;根据c=λf得,f===6×105Hz;故答案为:紫外线

6×1069.在水深超过200m的深海,光线极少,能见度极小.有一种电鳗具有特殊的适应性,能通过自身发出生物电,获取食物,威胁敌害,保护自己.该电鳗的头尾相当于两个电极,它在海水中产生的电场强度达到104N/C时可击昏敌害.身长50cm的电鳗,在放电时产生的瞬间电压可达

V.参考答案:5000

10.(3分)如图是一匀强电场,在电场中有M、N、P三点,M、N的连线与电场线方向平行,P、N的连线与电场线方向垂直.已知场强E=2×l02N/C,MN间的距离s=30cm.一个电荷量为q=一4×10-8C的点电荷从M点沿MN连线移到N点电势能

(填“增加”或者“减少”)了

J,沿MP连线移到P点电势能变化了

J。参考答案:增加(1分)2.4×10-6J(1分)2.4×10-6J(1分)11.人造卫星绕地球运行时,轨道各处的地磁场的强弱并不相同,因此,金属外壳的人造地球卫星运行时,外壳中总有微弱的感应电流。在卫星关闭发动机的运动过程中卫星的机械能转化为

,运动轨道距离地面的距离会

(变大、变小、保持不变)。参考答案:电能(或热能),变小12.一平行板电容器的电容为2μF,使它两板间电势升高10V需增加的带电量为

C.

参考答案:13.动能相等的两物体A、B在光滑水平面上沿同一直线相向而行,他们的速度大小之比vA:vB=2:1,则动量大小之比pA:pB=

;两者碰后粘在一起运动,总动量与A原来动量大小之比为p:pA=

.参考答案:1:2,1:1.【考点】动量定理.【分析】根据动能与动量的关系式求出两物体的动量大小之比;由动量守恒定律求出碰撞后总动量与A的动量之比.【解答】解:动能EK=mv2,则m=,两物体质量之比:==()2=;物体的动量为:p=,两物体动量之比:===;以B的初动量方向为正方向,A、B碰撞过程动量守恒,由动量守恒定律得:pB﹣pA=p,解得:p=pA,A、B碰撞后总动量与A原来动量大小之比为:p:pA=pA:pA=1:1.故答案为:1:2,1:1.三、实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.某同学利用气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验;气垫导轨装置如图所示,所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架、光电门等组成.(l)下面是实验的主要步骤:①安装好气垫导轨,调节气垫导轨的调节旋钮,使导轨水平;②向气垫导轨通入压缩空气;③接通光电计时器;④把滑块2静止放在气垫导轨的中间;⑤滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳;⑥释放滑块1,滑块1通过光电门1后与左侧固定弹簧的滑块2碰撞,碰后滑块1和滑块2依次通过光电门2,两滑块通过光电门后依次被制动;⑦读出滑块通过两个光电门的挡光时间分别为滑块1通过光电门1的挡光时间△t1=10.01ms,通过光电门2的挡光时间△t2=49.99ms,滑块2通过光电门2的挡光时间△t3=8.35ms;⑧测出挡光片的宽度d=5mm,测得滑块1(包括撞针)的质量为ml=300g,滑块2(包括弹簧)质量为m2=200g;(2)数据处理与实验结论:①实验中气垫导轨的作用是

②碰撞前滑块l的速度vl为

m/s;碰撞后滑块1的速度v2为

m/s;滑块2的速度v3为

m/s;(结果保留两位有效数字)③在误差允许的范围内,通过本实验,同学们可以探究出哪些物理量是不变的?通过对实验数据的分析说明理由.(至少回答2个不变量).a.

b.

.参考答案:①a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差.b、保证两个滑块的碰撞是一维的.②0.50,0.10,0.60③a、系统碰撞前后总动量不变.b.碰撞前后总动能不变.c.碰撞前后质量不变.【考点】验证动量守恒定律.【分析】(1)使用气垫导轨使两物块只能沿导轨做直线运动,保证了两物块碰撞前后在同一条直线上做一维碰撞,同时气垫导轨的使用减小了摩擦阻力,从而减小了实验误差.(2)滑块的宽度除以滑块通过光电门的时间等于滑块通过光电门的速度.(3)由于发生弹性碰撞,故碰撞过程中动量守恒,动能守恒.【解答】解:①a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差.b、保证两个滑块的碰撞是一维的.

②滑块1碰撞之前的速度v1===0.50m/s;滑块1碰撞之后的速度v2===0.10m/s;

滑块2碰撞后的速度v3===0.60m/s;③a、系统碰撞前后总动量不变.原因:系统碰撞之前的动量m1V1=0.15kgm/s

系统碰撞之后的动量m1V2+m2V3=0.15kgm/s

b.碰撞前后总动能不变.原因:碰撞前的总动能Ek1=m1V12/2=0.0375J

碰撞之后的总动能Ek2=m1V22/s+m2V32/2=0.0375J,所以碰撞前后总动能相等.c.碰撞前后质量不变.故本题答案为:①a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差.b、保证两个滑块的碰撞是一维的.②0.50,0.10,0.60③a、系统碰撞前后总动量不变.b.碰撞前后总动能不变.c.碰撞前后质量不变.15.下左图是用游标卡尺测量某金属圆筒外径的示意图,由图中可以读出该圆筒外径的测量值为

cm参考答案:四、计算题:本题共3小题,共计47分16.如图,一质量为m=10kg的物体,由1/4光滑圆弧轨道上端从静止开始下滑,到达底端后沿水平面向右滑动1m距离后停止。已知轨道半径R=0.8m,g=10m/s2,求:(1)物体滑至圆弧底端时的速度大小,(2)物体滑至圆弧底端时对轨道的压力大小,(3)物体与水平面间的动摩擦因素?参考答案:17.如图所示,固定于水平桌面上足够长的两平行导轨PO、MN,PQ、MN的电阻不计,间距为d=0.5m.P、M两端接有一只理想电压表,整个装置处于竖直向下的磁感应强度B=0.2T的匀强磁场中.电阻均为r=0.1Ω,质量分别为m1=300g和m2=500g的两金属棒L1、L2平行的搁在光滑导轨上,现固定棒L1,L2在水平恒力F=0.8N的作用下,由静止开始做加速运动,试求:(1)当电压表的读数为U=0.2V时,棒L2的加速度多大?(2)棒L2能达到的最大速度vm.(3)若在棒L2达到最大速度vm时撤去外力F,并同时释放棒L1,求棒L2达到稳定时的速度值.(4)若固定棒L1,当棒L2的速度为v,且离开棒L1距离为S的同时,撤去恒力F,为保持棒L2做匀速运动,可以采用将B从原值(B0=0.2T)逐渐减小的方法,则磁感应强度B应怎样随时间变化(写出B与时间t的关系式)?参考答案:解:(1)L1与L2串联则流过L2的电流为:I==A=2A

①L2所受安培力为:F′=BdI=0.2N

②根据牛顿第二定律得棒L2的加速度a===1.2m/s2;

③(2)当L2所受安培力F安=F时,棒有最大速度vm,此时电路中电流为Im.则:F安=BdIm④

Im=⑤

F安=F

⑥由④⑤⑥得:vm==16m/s

⑦(3)撤去F后,棒L2做减速运动,L1做加速运动,当两棒达到共同速度v共时,L2有稳定速度,取向右为正方向,对此过程根据动量守恒有:

m2vm=(m1+m2)v共⑧解得v共=10m/s

⑨(4)要使L2保持匀速运动,回路中磁通量必须保持不变,设撤去恒力F时磁感应强度为B0,t时刻磁感应强度为Bt,则:

B0dS=Btd(S+vt)

⑩可得Bt=答:(1)当电压表的读数为U=0.2V时,棒L2的加速度是1.2m/s2.(2)棒L2能达到的最大速度vm是16m/s.(3)棒L2达到稳定时的速度值是10m/s.(4)B与时间t的关系式是Bt=.【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;动量守恒定律.【分析】(1)根据欧姆定律求解电流,求解出安培力,对右棒运用牛顿第二定律列式求解加速度;(2)当安培力与

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