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首先应注意:上面应用拉格朗日中值的首先应注意:上面应用拉格朗日中值的g是个中值点,是由f和区间[0,x]的中值定理证明题1.设f(x)在[0,2a]上连续,f(0)=f(2a),证明在[0,a]上存在g使得f(a+g)=f(g).【分析】f(x)在[0,2a]上连续,条件中没有涉及导数或微分,用介值定理或根的存在性定理证明。辅助函数可如下得到f(a+g)=f(g)Tf(a+g)-f(g)=0Tf(a+x)-f(x)=0【证明】令G(x)=f(a+x)一f(x),xe[0,a].G(x)在[0,a]上连续,且G(a)=f(2a)-f(a)=f(0)-f(a)G(0)=f(a)-f(0)当f(a)=f(0)时,取g=0,即有f(a+g)=f(g);当f(a)=f(0)时,G(0)G(a)<0,由根的存在性定理知存在ge(0,a)使得,G(g)=0,即f(a+g)=f(g).2.试问如下推论过程是否正确。对函数f(t)=2.试问如下推论过程是否正确。对函数f(t)=12sin-St山0在[0,x]上应用拉t=0格朗日中值定理得:f(x)-f(0)=x2sin|一0x-0x-0f(x)-f(0)=x2sin|一0x-0x-0=xsin1=f,(g)=x2gsin1-cos1gg(0<g<x)即:1=2gsin1-xsin1ggx(0<g<x)因0<g<x,故当xT0时,gT0,由lim2gsin丄=0gT0+glimxsin1=0xT0+得:limcos1=0,即limcos1=0xT0+ggT0+g解:我们已经知道,limcos1=0不存在,故以上推理过程错误。gT0+g端点而定的,具体地说,g与x有关系,是依赖于x的,当xT0时,g不—定连续地趋于零,它可以跳跃地取某些值趋于零,从而使limcosg=0成TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"xt0+g立,而limcos1=0中要求g是连续地趋于零。故由limcos1=0推不出立,gT0+\o"CurrentDocument"gxt0+ggT0+limcos1=0gT0+g3•设f(x)在[a,b]上可微,且f(a)>0,f'(b)>0,/(a)=f(b)=A,试证明f/(x)在+-(a,b)内至少有两个零点。知识点:极限的保号性、介值定理、微分中值定理。思路:要证明在某个区间(a,b)内导函数至少存在两个零点,只要证该函数在[a,b]上有三个零点,即可以利用罗尔中值定理,得出结论。证明:•••f(a)=limf(x)-f⑷>0,由极限的保号性知,TOC\o"1-5"\h\z+xw+x―a3Y(a。)(不妨设3<b-a),对于VxgY(a。),均有f(卫二f(a)>0,+112+1x-a特别地,3xgY(a,3),使得于(%)—于(a)>0,二得f(x)>f(a)=A;+1x-a11同理,由f'(b)>0,得3xgY(b,3)(3^<b-a),使得/(*2)-/(b)>0,-2-222x-b2从而得f(x)<f(b)=A;2又•••f(x)在[x,x]上连续,•••由介值定理知,至少有一点fg(x,x)使得1212f(f)=A;•••f(x)在[a,f]、疋b]上连续,在(a,f)、(f,b)内可导,且f(a)=f(f)=f(b)=A,•••由罗尔中值定理知,至少有一点fg(a,f)、fg(f,b),使得广(f)=广(f)=0,1212结论成立。4•设函数y=f(x)在x=0的某个邻域内具有n阶导数,且f(0)二f'(0)二L二f(n-1)(0)二0,试用柯西中值定理证明:型=f(”)(如(°<&<1)。xnn!知识点:柯西中值定理。思路:对f(x)、g(x)=xn在[0,x]上连续使用n次柯西中值定理便可得结论。证明:Tf(x)、g(x)二xn及其各阶导数在[0,x]上连续,在(0,x)上可导,且在(0,x)每一点处,g(n-1)(x)二n!x丰0,又f(0)二f'(0)二L二f(n-1)(0)二0,,•••连续使用n次柯西中值定理得
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