物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-深圳市高考一模试卷物理试题

广东省深圳市2015届高考物理一模试卷一、单选题14分）下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过实验得出的B．万有引力常量是由牛顿直接给定的C．元电荷eD．用实验可以揭示电场线是客观存在的24分）O压力最小的是（）A．a球 B．b球 C．c球 D．d球34分）U，副线圈接有光敏电阻R（电阻随光照强度增大而减小R2．则（）A．仅增强光照时，原线圈的输入功率减小BPR2CPR2DU时，R2消耗的功率减小44分一汽车的额定功率为Pm（）A．若汽车以额定功率启动，则做匀加速直线运动B．若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于vmC．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力成正比D．汽车以速度vm匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力二、双项选择题56分）间以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的是（）A．该带电粒子带正电B．该带电粒子带负电C2D266分）现在的相比（）A．离地面高度变小C．线速度变小

B．角速度变小D．向心加速度变大76分）此过程中，质点的（）A．机械能守恒C．重力势能不断减小

B．机械能不断增加D．动能先减小后增大86分如图ab边界下方是一垂直纸面向里的匀强磁场质（H和粒（He）先后从cdA．轨迹相同 B．动能相同 C．速率相同 D．时间相同96分）Q1Q2是两个固定的点电荷，其中Q1b点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度vaa点沿直线ab动，其v﹣t图象如图乙所示，下列说法正确的是（）AQ2带正电Cb三、非选择题

BQ2带负电D．试探电荷的电势能不断增加18分）3V，金属①为使测量更为准确，请在图甲中正确选择电流表的量程并接入电路．d=mm．的位置选在ac的中点b，读出金属丝接人电路的长度为L，电压表、电流表的示数分别为UULd=．④本电路测量结果ρ ρ（选＞＜）测 真110分）（砂桶的，在静止释放轻绳前，装置如图甲所示，①该同学在实验操作中有两处明显错误，分别．②纠错后开始实验：保持铝块的质量m不变，通过在砂桶中添加砂来改变对铝块的拉力每次释放轻绳由力传感器可测得拉力的大小由纸带上打出的点可算出对应加速度的大小已知重力加速度为g．该同学根据多组实验数据画出如图乙所示的一条过坐标原点的直线，他标注纵轴为加速度但忘记标注横轴，你认为横轴代表的物理量（用所给的字母表示．③若把力传感器装在右侧轻绳上则实验的误差会 （选小）④本装置还可利 来做的实验（只填一个）1（18分）之间的动摩擦因数=0.．一质量m=0.05kg的子弹水平向左射入滑块并留在其中，取水平向左的方向为正方向，子弹在整个运动过程中的v﹣t图象如图乙所示，已知传送带的速度求滑块的质量；求滑块向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量；若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R1（18分）53距L=2m，电阻不计；导轨上两根金属棒acd的阻值分别为R=2R=4，cd棒质量m1=1.0kabcd与导轨间的动摩擦因数=0.B=5Tabsin3=cos5=0.，cos3=sin5=0.．在乙图中画出此时cdab若abab假如cdab广东省深圳市2015届高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单选题14分）下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过实验得出的B．万有引力常量是由牛顿直接给定的C．元电荷eD．用实验可以揭示电场线是客观存在的考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：是直接通过实验得出的，也不是直接经过推论得出的，故A错误．B、万有引力常量是由卡文迪许测得的，故B错误；CeC正确；DD错误；故选：C点评：强记忆，这也是考试内容之一．24分）O压力最小的是（）A．a球 B．b球 C．c球 D．d球考点：共点力平衡的条件及其应用．分析：四个小球均处于平衡状态，根据共点力的平衡条件作出受力分析图即可得出结论．解答：解：对C支持力F=mgcosθad故压力最小的是a故选：A．点评：明确表达式．34分）U，副线圈接有光敏电阻R（电阻随光照强度增大而减小R2．则（）A．仅增强光照时，原线圈的输入功率减小BPR2CPR2DU时，R2消耗的功率减小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：变压器的输入电压决定输出电压结合功率表达式分析判断即可．解答：入功率也增加，故AB、当滑动触头P压增大；根据功率表达式P=R2消耗的功率增大，故B正确CD、当U增大时，根据电压与匝数成正比知变压器的输出电压增大；根据功率表达式P=，用电器消耗的功率增大；故D错误；故选：B点评：式进行动态分析．44分一汽车的额定功率为Pm（）A．若汽车以额定功率启动，则做匀加速直线运动B．若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于vmC．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力成正比D．汽车以速度vm匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据汽车启动的两种分类进行分析，明确功率公式P=FV的正确应用．解答：P=FV故不能做匀加速直线运动；故AB、汽车匀加速启动时，刚达到额定功率时加速度不为零，此后还要继续加速；故没有达到最大速度；故B错误；C、因汽车受到阻力，故加速度和牵引力与阻力的合力成正比；故C错误；D、汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，故要减速时，应减少牵引力；故D正确；故选：D．点评：速启动时，汽车达到额定功率后有一段变加速过程．二、双项选择题56分）间以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的是（）A．该带电粒子带正电B．该带电粒子带负电C2D2考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子从小孔沿与电场线相反方向射入电场后能增大．只有电场力做功，动能和电势能的总和保持不变．解答：解：AB向与电场的方向相同，所以粒子带正电．故AC、粒子以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，设极板的长度是L的距离是，时间若粒子恰能从负极板边缘射出，则时间tx=vt=正确；D、恰能从负极板边缘射出，根据：可知，粒子的动能需增加为原来的4倍．故D错误．故选：AC点评：带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动．应用处理类平抛运动的方法处理粒子运动，关键在于分析临界条件．66分）现在的相比（）A．离地面高度变小C．线速度变小

B．角速度变小D．向心加速度变大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：况．解答：也将减小，根据万有引力充当向心力可知：=m=m=mω2r=maAT=2，卫星周期减小，所以离地面高度变小，故ABBCv=，离地面高度变小，线速度增大，故CD、a=，离地面高度变小，向心加速度变大，故D正确；故选：AD．点评：况．76分）此过程中，质点的（）A．机械能守恒C．重力势能不断减小

B．机械能不断增加D．动能先减小后增大考点：动能定理的应用；运动的合成和分解．分析：质点从M至N向夹角要大于918解答：解：A、除重力外还有恒力做功，机械能不守恒，故A错误；BB正确；CM到NCD、因为质点速度方向恰好改变了90且与初速度的方向夹角要大于918D正确．故选：BD．点评：此题需要根据运动情况分析受力情况（能）的变化．86分）ab边界下方是一垂直纸面向里的匀强磁场，质子H）和粒子He）先后从cd点射出磁场．不计粒子的重力，则两粒子运动的A．轨迹相同 B．动能相同 C．速率相同 D．时间相同考点专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：两粒子从cd径的表达式分析还有哪些量应该相同．解答：解：两粒子从c点沿箭头方向射入磁场，都从d点射出磁场，则两粒子的圆心、半径、轨迹相同，半径R=质子H）和粒子He）：1，又质量之比为1：，则动能mv2周期T=t=T故选：AB．点评：本题属于带电粒子在磁场中的偏转中典型题目，此类题的关键在于知道半径以及周期的表达式．96分）Q1Q2是两个固定的点电荷，其中Q1b点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度vaa点沿直线ab动，其v﹣t图象如图乙所示，下列说法正确的是（）AQ2带正电Cb考点：电场的叠加；电场强度．

BQ2带负电D．试探电荷的电势能不断增加分析：根据速度﹣时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度a到bb0．从而知道bB点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．解答：解：A、B：从速度时间图象上看出，粒子从a到b做加速度减小的减速运动，在b1右，则Q2对正电荷的电场力必定向左，所以Q2带负电．故A错误，C、由图象可知，b点加速度为零，则场强为零，故C正确．D、整个过程动能先减小后增大，根据能量守恒得知，粒子的电势能先增大后减小．故D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键根据图象b0，根据这一突破口，从而判断Q2性，运用库仑定律分析Q1Q2的电量大小．三、非选择题18分）3V，金属①为使测量更为准确，请在图甲中正确选择电流表的量程并接入电路．②用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图乙所示，其读数为d=0.688～0.693mm．的位置选在ac的中点b，读出金属丝接人电路的长度为L，电压表、电流表的示数分别为UULd=．④ρρ（）测 真考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：①根据滑动变阻器采用分压式接法，电流表采取外接法连接实物图．②螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．③结合电阻定律和欧姆定律求出电阻率的表达式．④电流表采取外接法，由于电压表起分流作用，导致测量的电流偏大，根据欧姆定律和电阻定律得出电阻率测量的误差是偏大还是偏小．解答：解：①根据I==A=0.6A；因滑动变阻器采用限流式接法，电流表采取外接法，实物图连接如下图；②0.5mm+0.0119.0mm=0.690mm．③根据欧姆定律得，根据电阻定律得ρ=ρ ，联立两式解得= ．④所用电压表不是理想电压表，电压表起分流作用，导致测量的电流偏大，根据欧姆定律测量的电阻偏小，根据电阻定律知，导致电阻率的测量值偏小．故答案为：①如图所示；②0.690.68～0.69；③ ．④＜．析误差的来源．110分）（砂桶的，在静止释放轻绳前，装置如图甲所示，①该同学在实验操作中有两处明显错误，分别是打点计时器错接在直流电源上和的纸带留得太短．②纠错后开始实验：保持铝块的质量m不变，通过在砂桶中添加砂来改变对铝块的拉力；小；已知重力加速度为g．该同学根据多组实验数据画出如图乙所示的一条过坐标原点的直线，他标注纵轴为加速度F﹣mg（用所给的字母表示．③若把力传感器装在右侧轻绳上则实验的误差会更大（）④本装置还可利用来做验证机械能守恒定律（只填一个）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理推论，可计算出打出某点时纸带运动加速度．解答：1上和要进行打点的纸带留得太短．铝块受重力mg和拉力F，所以铝块的合力F=F﹣mg所以横轴代表的物理量是F﹣mg由于滑轮的摩擦，若把力传感器装在右侧轻绳上则实验的误差会更大．本装置还可利用来做验证机械能守恒定律的实验．故答案为：①打点计时器错接在直流电源上；要进行打点的纸带留得太短．②F﹣mg．③大．④验证机械能守恒定律点评：理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握．1（18分）之间的动摩擦因数=0.．一质量m=0.05kg的子弹水平向左射入滑块并留在其中，取水平向左的方向为正方向，子弹在整个运动过程中的v﹣t图象如图乙所示，已知传送带的速度始终保持不变，滑块最后恰好能从传送带的右端水平飞出，g取10m/s2．求滑块的质量；求滑块向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量；若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）根据速度时间关系求出子弹碰撞前的速度和碰撞后的速度，根据动量守恒定律求出滑块的质量；根据匀变速直线运动规律求出滑块向左运动过程中相对皮带运动的位移根据Q=fs求离皮带轮时满足重力完全提供圆周运动向心力，从而据此求得皮带轮半径．解答：（）M则有：mv0+Mv2=（m+M）v1…①由v﹣t图象知子弹入射前、后的速度和滑块的初速度分别为：v0=400m/s，v1=4m/s，v2=﹣2m/s…②将②代入①式解得：M=3.3kg…③设滑块（包括子弹）向左运动过程中加速度大小为f（M+m）g=（M+m）…④解得：加速度a=2m/s2…⑤设滑块（包括子弹）向左运动的时间为t1，位移大小为s1，则：=2s…⑥所以滑块向左运动的位移 =4m…⑦这段时间内传送带向右运动的位移大小为：s2=﹣v2t1=4m…⑧由能量守恒定律，滑块（包括子弹）向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量为：Q=f（+2=53.6…⑨在传送带右端，因滑块（包括子弹）恰好能水平飞出，故有：=0.4m）求滑块的质量为3.3k；滑块向左运动过程中与传送带