江西省宜春市上高县第二中学2019-2020学年高二化学下学期第二次月考6月试题含解析

江西省宜春市上高县第二中学2019_2020学年高二化学下学期第二次月考6月试题含解析江西省宜春市上高县第二中学2019_2020学年高二化学下学期第二次月考6月试题含解析PAGE32-江西省宜春市上高县第二中学2019_2020学年高二化学下学期第二次月考6月试题含解析江西省宜春市上高县第二中学2019-2020学年高二化学下学期第二次月考（6月)试题（含解析）一、选择题（每小题只有一个正确选项，16×3=48分）1.化学与人类的生活、生产密切相关，下列说法中正确的是（）A.“一带一路”是“丝绸之路经济带"和“21世纪海上丝绸之路"的简称.丝绸的主要成分是天然纤维素，属于高分子化合物B。埃博拉病毒可用乙醇、次氯酸钠溶液、双氧水消毒，其消毒原理相同C。油脂在一定条件下水解成高级脂肪酸和甘油，称为皂化反应D。压缩天然气（CNG）、液化石油气(LPG)的主要成分是烃类，是城市推广的清洁燃料【答案】D【解析】A。丝绸的主要成分是蛋白质，属于高分子化合物,A错误;B。埃博拉病毒可用乙醇、次氯酸钠溶液、双氧水消毒,其消毒原理不相同,其中次氯酸钠和双氧水利用的是氧化作用，B错误；C。油脂在碱性条件下水解成高级脂肪酸钠和甘油，称为皂化反应，C错误；D。压缩天然气（CNG）、液化石油气(LPG）的主要成分是烃类,是城市推广的清洁燃料，D正确，答案选D。2。下列化学用语正确的是（)A.葡萄糖的实验式:C6H12O6 B.甲烷分子的球棍模型：C.2-乙基-1,3—丁二烯分子的键线式： D.硝基苯的结构简式：【答案】C【解析】【详解】A.葡萄糖分子式是C6H12O6，实验式是CH2O,A错误;B。甲烷是正四面体结构，由于原子半径C>H，所以其比例模型是：，B错误；C.选择分子中含有2个碳碳双键在内的最长的碳链为主链，其它为支链，则2-乙基—1,3—丁二烯分子的键线式：,C正确;D.在硝基苯中，是N原子与苯环上C原子连接形成化合物，所以硝基苯的结构简式是,D错误;故合理选项是C。3.5种物质已按沸点由低到高顺序排列),则正己烷最可能插入的位置是（)①②③④⑤甲烷乙烯戊烷2—甲基戊烷甲苯A。③④之间 B.②③之间 C。④⑤之间 D。⑤之后【答案】C【解析】【详解】正己烷以及所给5种物质均为分子晶体，其沸点与分子量有关，分子量越大，则沸点越高，①～⑤碳原子数目逐渐增多，2-甲基戊烷含有6个碳原子，与正己烷个数相同，但含有1个支链,则正己烷的沸点大于2-甲基戊烷；甲苯含有7个碳原子，分子量大于正己烷，正己烷的沸点小于甲苯，故正己烷的沸点在2-甲基戊烷与甲苯之间,答案为C。4。下列对有机物结构或性质的描述错误的是（）A。在一定条件下，Cl2可在甲苯的苯环或侧链上发生取代反应B.乙烷和丙烯的物质的量共lmol，完全燃烧生成3molH2OC。光照下2,2-二甲基丙烷与Br2反应，其一溴取代物只有一种D.含5个碳原子的有机物，每个分子中最多可形成4个C—C键【答案】D【解析】A．甲苯中甲基、苯环上的H均可发生取代反应，但反应条件不同,则一定条件下，Cl2可在甲苯的苯环或侧链上发生取代反应，A正确；B．乙烷和丙烯中均含6个H，则由H原子守恒可知，乙烷和丙烯的物质的量共1mol，完全燃烧生成3molH2O，B正确；C．2，2-二甲基丙烷结构对称，4个甲基相同，只有一种位置的H，则光照下与Br2反应，其一溴取代物只有一种，C正确；D．含5个碳原子的有机物，每个分子中最多可形成5个C—C键，即形成环戊烷时，D错误；答案选D.点睛：选项D中学生往往忽略环烷烃的结构，错因在于不熟悉有机物中碳原子的成键特点：即成键数目：每个碳原子与其他原子形成4个共价键.成键种类：单键、双键或三键。连接方式:碳链或碳环。所以分析该类试题时注意从这几个角度去判断.5.下列实验设计所得结论可靠的是(）A.将电石与水反应产生的气体通入酸性KMnO4溶液中，使溶液褪色的一定是乙炔B。将溴乙烷与NaOH的乙醇溶液共热产生的气体通入酸性KMnO4溶液中,使溶液褪色的一定是乙烯C.将溴乙烷与NaOH的乙醇溶液共热产生的气体通入到溴水中,使溴水褪色的一定是乙烯D.将苯、液溴、铁粉混合物反应产生的气体通入到AgNO3溶液中有淡黄色沉淀产生,说明有HBr生成【答案】C【解析】【详解】A．乙炔中混有硫化氢,具有还原性,则气体通入酸性KMnO4溶液中，使溶液褪色的不一定是乙炔，选项A错误；B．乙醇易挥发，且能与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，不能排除乙醇的影响，应先通过水，除去乙醇,选项B错误；C．溴乙烷与NaOH的乙醇溶液共热产生，发生消去反应生成乙烯，只有乙烯使溴水褪色,则溶液褪色说明有乙烯生成，选项C正确；D．该反应中溴化铁为催化剂，溴化钠能够与AgNO3溶液反应产生淡黄色沉淀，干扰了检验结果，选项D错误;答案选C。6.下列关于有机化合物叙述正确的是（）A。糖类、油脂、蛋白质都是有机高分子化合物B.乙醇可以和金属钠反应很缓慢地放出氢气，说明乙醇的酸性很弱C.有机物可以发生消去反应和催化氧化D。福尔马林可用作食品防腐剂【答案】C【解析】【分析】【详解】A。蛋白质是有机高分子化合物，糖类中的单糖、双糖及油脂不属于高分子化合物，A叙述错误；B.乙醇为非电解质，可以和金属钠反应很缓慢地放出氢气,说明乙醇分子中含有的羟基H原子有一定的活泼性，但并不强，不能说明乙醇的酸性很弱,B叙述错误；C.有机物中，与羟基相连的碳原子上连有氢原子，可发生催化氧化；该碳原子的相邻碳原子上连有氢原子，可发生消去反应，C叙述正确；D。福尔马林可使蛋白质变性，对人体有害，不能用作食品防腐剂，D叙述错误；答案为C。【点睛】与醇羟基相连的碳原子上有氢原子，则可发生催化氧化；与醇羟基相连的碳原子的相邻碳原子上有氢原子,则可发生消去反应。7。下列描述正确的是（)A。铁屑、溴水、苯混合加热就能制取溴苯B.用苯、浓硫酸、浓硝酸制取硝基苯时，温度越高反应越快,得到的硝基苯越多C。乙醇与乙酸混合加热即能发生酯化反应生成有香味的酯D。过程中反应①、②分别是取代反应、加成反应【答案】D【解析】【详解】A.铁屑、液溴、苯混合不需加热就能制取溴苯，A描述错误;B.用苯、浓硫酸、浓硝酸制取硝基苯时，温度控制在50~60℃，温度过高发生副反应，硝基苯的产率降低,B描述错误；C。乙醇与乙酸混合加入浓硫酸作催化剂、加热才能发生酯化反应，生成有香味的酯，C描述错误；D。丙烯为C3H6，经过反应①、②生成C3H5Br2Cl，则过程中反应①为乙烯与氯气发生取代反应引入1个氯原子，反应②为加成反应，引入2个溴原子，D描述正确；答案为D。8。丙烯酸羟乙酯（Ⅲ）可用作电子显微镜的脱水剂，可用下列方法制备：下列说法不正确的是A.化合物Ⅰ能与NaHCO3溶液反应生成CO2B.可用Br2的CCl4溶液检验化合物Ⅲ中是否混有化合物IC.化合物Ⅱ与乙醛互为同分异构体D.化合物Ⅲ水解可生成2种有机物【答案】B【解析】A．化合物Ⅰ中含有羧基，能与NaHCO3溶液反应生成CO2,故A正确；B．化合物Ⅲ和I分子结构中均含有碳碳双键,可与Br2的CCl4溶液发生加成反应，无法检验,故B错误;C．化合物Ⅱ与乙醛分子式均为C2H4O，二者互为同分异构体，故C正确；D．化合物Ⅲ是酯，水解生成乙二醇和丙烯酸，故D正确；答案为B.9.下列关于常见有机物的说法错误的是(）A.苯酚显酸性，体现了苯环对羟基的影响 B.C5H12一定属于烷烃C.15

g

甲基中所含的电子数为10NA D.正丁烷的沸点比异丁烷的高【答案】C【解析】【详解】A.苯酚显酸性，而乙醇不显酸性，体现了苯环对羟基的影响，A正确;B。5个C原子最多可结合H原子的数目是12个，所以C5H12一定属于烷烃，B正确;C。甲基化学式是-CH3,式量是15，其中含有9个电子，则15

g

甲基物质的量是1mol，其中所含的电子数为9NA,C错误；D。正丁烷分子间作用力比异丁烷的大，分子间作用力越大，克服分子间作用力使物质熔化、气化消耗的能量多，所以正丁烷的沸点比异丁烷的高，D正确；故合理选项是C。10。由CH3CH2CH2Br制备CH3CH（OH）CH2OH，依次从左至右发生的反应类型和反应条件都正确的是（）选项反应类型反应条件A加成反应；取代反应；消去反应KOH

醇溶液加热；KOH

水溶液加热；常温B消去反应；加成反应;取代反应NaOH

水溶液加热；常温；NaOH

醇溶液加热C氧化反应；取代反应;消去反应加热;KOH

醇溶液加热;KOH

水溶液加热D消去反应；加成反应；水解反应NaOH

醇溶液加热;常温；NaOH

水溶液加热A。A B。B C。C D。D【答案】D【解析】【详解】逆合成法分析：CH3CH(OH）CH2OH可以由CH3CHBrCH2Br水解得到，而CH3CHBrCH2Br可以由CH3CH=CH2与溴加成得到，CH3CH=CH2由CH3CH2CH2Br消去反应得到。由CH3CH2CH2Br制备CH3CH（OH)CH2OH，从左至右发生的反应类型是消去反应、加成反应、水解反应；发生消去反应条件是NaOH

醇溶液、加热;与溴水发生加成反应条件是常温；发生水解反应条件是与NaOH

水溶液混合加热，故合理选项是D。11.有甲、乙两种有机物,下列说法中不正确的是()A。可用新制的氢氧化铜悬浊液区分这两种有机物B。甲、乙互为同分异构体C.甲在酸性和碱性条件下都能发生水解反应D。等物质的量的甲、乙分别与足量NaOH溶液反应消耗NaOH的量相同【答案】B【解析】【详解】A。甲含有醛基,能够与新制氢氧化铜悬浊液混合加热，产生砖红色沉淀,乙无醛基,不能发生反应，因此可以用新制的氢氧化铜悬浊液鉴别,A正确；B。化合物甲分子式是C10H12O3,乙分子式是C10H14O3，二者分子式不同,因此不能互为同分异构体，B错误；C.甲含有酯基,因此在酸性和碱性条件下都能发生水解反应，C正确；D。化合物甲、乙都含有一个酯基,酯基水解产生羧基和醇羟基，羧基能够与NaOH发生反应，而醇羟基不能反应,因此等物质的量的甲、乙分别与足量NaOH溶液反应消耗NaOH的量相同,D正确;故合理选项是B.12.化合物(甲）、(乙)、(丙)的分子式均为C8H8，下列说法不正确的是A.甲、乙、丙在空气口燃烧时均产生明亮并带有浓烟的火焰B.甲、乙、丙中只有甲的所有原子可能处于同一平面C.等量的甲和乙分别与足量的溴水反应，消耗Br2的量：甲〉乙D。甲、乙、丙的二氯代物数目最少的是丙【答案】C【解析】【详解】A。甲、乙、丙分子式均为C8H8，含碳量高,燃烧时均产生明亮并带有浓烟的火焰，故A正确；B。甲烷是正四面体结构，乙、丙中含有类似于甲烷饱和碳原子,所有原子不可能处于同一平面，甲中含有苯环和碳碳双键，由于连接的碳碳单键可以旋转，两个平面可以重合，所以只有甲的所有原子可能处于同一平面,B正确；C。苯环不和溴水反应，甲和乙与溴水反应是碳碳双键上的加成反应，由于乙中含有3个碳碳双键，所以消耗Br2的量：甲<乙，C错误；D.由于丙的对称性最好，故二氯代物数目最少的是丙，只有三种，故D错误；综合以上分析，本题答案为C。【点睛】本题D选项是难点，寻找甲、乙、丙的二氯代物数目可以先分析该分子的等效氢原子种数，从而先确定一氯代物种数，在进一步确定二氯代物种数。本题甲、乙、丙的等效氢原子分别为5种、2种和1种，据此判断化难为易。13.下列关于有机化合物的说法正确的是（）A.BrCH2CHBrCH2Br的名称为三溴丙烷B.甘氨酸和丙氨酸混合物脱水成肽，最多可生成4种二肽C。萘环（）上的一个H原子被-C4H9取代后的产物共有6种D。C3H6和C4H8一定是同系物【答案】B【解析】【详解】A.BrCH2CHBrCH2Br的名称为1，2，3-三溴丙烷,A说法错误;B。甘氨酸：NH2—CH2—COOH，丙氨酸：NH2-CH（CH3)—COOH，甘氨酸和丙氨酸混合物脱水成肽，可生成NH2-CH2—CONH-CH2-COOH、NH2—CH2—CONH—CH(CH3）—COOH、NH2—CH（CH3)-CONH-CH2-COOH、NH2-CH(CH3)-CONH—CH（CH3）-COOH，合计4种二肽，B说法正确;C.萘环()为对称结构，其上的一个H原子有2种位置，—C4H9有4种同分异构体，被-C4H9取代后的产物共有2×4=8种,C说法错误；D。C3H6和C4H8可能环烷烃，也能能为烯烃,不一定是同系物,D说法错误；答案为B.14.十九大报告提出将我国建设成为制造强国,2020年我国“PX”产能将达到3496万吨/年。有机物(烃)“PX”的结构模型如图，下列说法正确的是（）A。“PX”属于脂环烃B.“PX"的二氯代物共有7种(不考虑立体异构)C。“PX”分子中，最多有12个原子共面D。“PX”的同系物均可使酸性KMnO4溶液褪色【答案】B【解析】【分析】根据模型，PX为对二甲苯。【详解】A。脂环烃具有脂肪族性质的环烃，分子中含有闭合的碳环，对二甲苯含有苯环，不属于脂环烃,A说法错误;B。“PX”的二氯代物根据一固定一游动的原则，固定在“1"的位置有4种、固定在“2"的位置有以下3种、、，共7种,B说法正确；C。“PX”分子中，苯环上的C和H共面，有12个原子，每个甲基中可有1个H旋转至共平面，故该分子中最多有14个原子共面,C说法错误；D。PX的同系物属于苯的同系物，只有连接苯环碳原子上含H原子的苯的同系物才可使酸性高锰酸钾褪色，如苯就不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D说法错误；答案为B。15.某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物质的量的水和二氧化碳，则该有机物必须满足的条件是（）A.分子中的C、H、O的个数比为1:2：3 B。中C、H个数比为1：2C。该有机物的相对分子质量为14 D。该分子中肯定不含氧元素【答案】B【解析】【分析】某有机物在氧气中充分燃烧,生成等物质的量的水和二氧化碳，只能说明该有机物中含有C、H原子个数之比为1：2；题中条件无法确定该有机物是否含有氧元素，以此进行解答。【详解】A．燃烧产物为二氧化碳和水，无法确定该有机物中是否含有氧元素，故A错误;B．根据生成等物质的量的水和二氧化碳可知，该有机物分子中含有C、H的原子个数比为1：2，故B正确;C．根据题意只能确定该有机物中碳原子和氢原子的个数比，不能判断出该有机物中是否含有氧元素，但可以确定该有机物的相对分子质量一定不是14，故C错误；D．燃烧产物为二氧化碳和水,无法确定该有机物中是否含有氧元素,故D错误；故答案为B.【点睛】本题讨论根据有机物燃烧产物，确定有机物的组成，解题关键是只能确定此有机物一定含有碳、氢元素，无法确定是否含有氧元素，由此结合各选项展开分析讨论，属基础考查。16.欲证明某一卤代烃为溴代烃，甲、乙两同学设计了如下方案，甲同学：取少量卤代烃，加入NaOH溶液，加热煮沸，冷却后,加入AgNO3溶液，若有浅黄色沉淀生成，则为溴代烃。乙同学:取少量卤代烃,加入NaOH的乙醇溶液,加热,冷却后,用稀硝酸酸化，加入AgNO3溶液，若有浅黄色沉淀生成，则为溴代烃.关于甲、乙同学的实验评价正确的是(）A.甲同学的方案可行B。乙同学的方案可行C。甲、乙同学的方案都有局限性D。甲、乙两同学的实验所涉及的卤代烃的性质一样【答案】C【解析】【详解】甲同学利用卤代烃与氢氧化钠溶液在加热的条件下发生取代反应，生成卤化钠，反应时氢氧化钠过量，没有加入稀硝酸酸化,生成的沉淀不一定为卤化银；乙同学本意是利用卤代烃的消去反应，将卤代烃中的卤原子转换为卤素离子，再加硝酸银进行检验,但卤代烃的消去反应是有前提的，如CH3Br等就不能发生消去反应，所以此法有局限性,两种方案均不合理。故选C。【点睛】卤代烃的消去反应必须满足两点：一是至少有2个C原子；二是与卤素原子连接的C原子的相邻C原子上必须有H原子。二、填空题（52分）17.按要求完成下列各题。（1）从下列物质中选择对应类型的物质的序号填空。①CH3OCH3②HCOOCH2CH3③CH3COCH3④⑤CH3CHO⑥⑦A。属于酯的是__；（填序号，下同）B。属于酮的是__；（2）下列各组物质：①O2和O3；②乙醇和甲醚；③淀粉和纤维素；④苯和甲苯；⑤和;⑥和；⑦CH3CH2NO2和A.互为同系物的是__；(填序号,下同)B.属于同一种物质的是__。（3)为了测定芳香烃A的结构，做如下实验：①将9。2g该芳香烃A完全燃烧,生成标况下15.68LCO2和7。2gH2O;②用质谱仪测定其相对分子质量,得如图所示的质谱图，由图可知该分子的相对分子质量是__，有机物A的分子式为__.③用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1∶2∶2∶3,则该有机物A的结构简式为__。【答案】（1）.②(2）。③（3）.④(4).⑤（5）.92（6).C7H8(7)。【解析】【分析】（1)①CH3OCH3属于醚类；②HCOOCH2CH3属于酯类;③CH3COCH3属于酮类；④属于酸类；⑤CH3CHO属于醛类；⑥属于酚类;⑦属于醇类;(2）①O2和O3互为同素异形体；②乙醇和甲醚互为同分异构体;③淀粉和纤维素为不同物种；④苯和甲苯互为同系物；⑤和为同一物种；⑥和不属于同系物；⑦CH3CH2NO2和互为同分异构体；【详解】（1)①CH3OCH3属于醚类；②HCOOCH2CH3属于酯类;③CH3COCH3属于酮类；④属于酸类;⑤CH3CHO属于醛类；⑥属于酚类;⑦属于醇类;A。属于酯的是②；B.属于酮的是③。（2）①O2和O3互为同素异形体；②乙醇和甲醚互为同分异构体；③淀粉和纤维素为不同物种；④苯和甲苯互为同系物；⑤和为同一物种；⑥和不属于同系物；⑦CH3CH2NO2和互为同分异构体;A。互为同系物的是④；B。属于同一种物质的是⑤。（3）A为芳香烃，则只含有C、H;标况下15.68LCO2的物质的量为0。7mol，7.2gH2O的物质的量为0。4mol，则n（C）：n（H）=7：8，根据质谱图,可判断其分子量为92，9。2g为0.1mol，分子的物质的量与含碳、含氢的物质的量之比为0。1:0。7：0。8，则分子式为C7H8；其核磁共振氢谱中含有四个峰的面积之比是1∶2∶2∶3，则含有1个甲基，且结构为对称结构，可判断其为甲苯，结构简式为。18.有机物W(C3H6O3）能与NaHCO3反应产生CO2，也能与Na反应生成H2,且1molW与足量Na反应能生成1molH2，分子中核磁共振氢谱为四组峰，峰面积之比为3∶1∶1∶1。(1）W的结构简式是__。（2)W在不同条件下可脱水形成不同物质.若两分子W反应形成环酯,写出反应方程式：__。（3)W的某种同分异构体具有下列性质：能发生的银镜反应;1mol该物质能跟金属钠反应产生1molH2。则该同分异构体的结构简式为__（已知同一个碳原子上不能连接2个羟基)。(4）W的工业合成路线如图所示：乙烯ABCDW已知：Ⅰ.A、B、C、D与W分子中含有相同碳原子数；Ⅱ。RCH2COOH①写出A的名称：__.②B与新制Cu(OH）2悬浊液反应的化学方程式是：__.③D与NaOH水溶液反应的化学方程式为：__.【答案】(1).(2)。2+2H2O（3).(4).1—丙醇(5）。CH3CH2CHO+2Cu（OH）2+NaOHCH3CH2COONa+Cu2O↓+3H2O（6)。+2NaOH+NaBr+H2O【解析】【分析】（1)~(3）有机物W（C3H6O3)能与NaHCO3反应产生CO2,说明分子中含有羧基，也能与Na反应生成H2，且1molW与足量Na反应能生成1molH2，说明W中除羧基外还有其他基团与Na反应，结合氧原子数目可知W还含有羟基；分子中核磁共振氢谱为四组峰，峰面积之比为3∶1∶1∶1，所以W的结构简式为；（4)A、B、C、D与W分子中碳原子数相同,均为3,所以乙烯生成A的过程中碳链加长；根据反应条件可知C到D发生信息II的反应,所以C中只含有一个羧基，还未引入羟基，则C应为CH3CH2COOH，D为；B被氧化生成C，B应为CH3CH2CHO，A被氧化生成B，则A为CH3CH2CH2OH。【详解】（1)根据分析可知W的结构简式为；(2)两分子W可以发生酯化反应生成环酯，化学方程式为2+2H2O;(3)W的同分异构体满足:能发生的银镜反应，说明含有醛基，1mol该物质能跟金属钠反应产生1molH2，说明含有羧基或羟基，但已经含有醛基,所以不可能再含有羧基（不饱和度和氧原子数目均不满足）,所以该同分异构体含有两个羟基，又已知同一个碳原子上不能连接2个羟基，所以该同分异构体的结构简式为；(4）①根据分析可知A为CH3CH2CH2OH，其名称为1—丙醇;②B为CH3CH2CHO，醛基可以被新制氢氧化铜悬浊液氧化，所以化学方程式为CH3CH2CHO+2Cu（OH)2+NaOHCH3CH2COONa+Cu2O↓+3H2O；③D中—Br可以在NaOH水溶液中水解生成-OH，—COOH可以和NaOH发生中和反应，所以D与NaOH水溶液反应的化学方程式为+2NaOH+NaBr+H2O。【点睛】第（4）小题为本题难点,要注意利用题目所给信息反应推断出相关物质的结构，然后正逆结合，推断出其他物质的结构。19。A～G都是有机化合物，它们的转化关系如图所示：请回答下列问题：(1)已知：6。0g化合物E完全燃烧生成8。8gCO2和3。6gH2O；E的蒸气与氢气的相对密度为30，则E的分子式为___.(2)A为一取代芳香烃，B中含有一个甲基。由B生成C的化学方程式为__.(3）由C生成D的反应条件分别是__。（4）由A生成B反应类型分别是__。（5）F存在于栀子香油中,其结构简式为__。（6）在G的同分异构体中,苯环上一硝化的产物只有一种的共有__种，其中核磁共振氢谱有两组峰，且峰面积比为1∶1的是__(填结构简式)。【答案】（1)。C2H4O2(2）.+NaOH+NaCl(3）。浓硫酸、加热（4）.取代反应（5)。（6).7（7)。【解析】【分析】由E蒸气与氢气的相对密度为30可知，E的相对分子质量为60,6.0gE的物质的量为=0.1mol，由完全燃烧后生成二氧化碳和水可知，分子中C原子的物质的量为=0。2mol，H原子的物质的量为×2=0。4mol，O原子的物质的量为=0.2mol，n（E）：n（C）：n（H）：(O）=1：2:4：2，则E的分子式为C2H4O2；A为一取代烃，由分子式可知该烃为苯的同系物，故A为乙苯，A与氯气在光照条件下发生取代反应生成B，而B中含有一个甲基，则B为，B发生水解反应生成的C为,C与E发生酯化反应生成F，则E为乙酸，F为;B、C转化都得到D,则D与溴发生加成反应生成G，B、C都发生消去反应生成D，则D为，G为。【详解】（1）由上述分析可以E的分子式为C2H4O2，故答案为：C2H4O2；（2）B生成C的反应为与NaOH溶液共热发生水解反应生成，反应的化学方程式为+NaOH+NaCl，故答案为：+NaOH+NaCl;（3)C生成D的反应是在浓硫酸作用下，醇在加热条件下发生消去反应生成,故答案为：浓H4SO4,加热；(4）A生成B的反应为与氯气在光照条件下发生取代反应生成，故答案为：取代反应；（5）由上述分析可知,F的结构简式为,故答案为：；（6）在G（)的同分异构体中，苯环上一硝化的产物只有一种，对称性高,可以含有2个相同的取代基，且处于对位，为，若含有3个取代基时，取代基不可能相同，苯环上取代至少有2种，故不可能含有3个取代基，可以有4个取代基，为2个—Br、2个-CH3，分别为、、、、、,故符合条件的同分异构体共有7种，其中核磁共振氢谱有两组峰，且峰面积比为l:1的是,故答案为：7;。【点睛】本题的难点是第(6)小题，符合条件的同分异构体的确定,对于含苯环的物质按苯环上取代基位置的邻、间、对有序思考。20.芳香族化合物A(C9H12O）常用于药物及香料的合成,A有如图转化关系：已知以下信息：①A的苯环上只有一个支链，支链上只有两种不同化学环境的氢原子，且A能发生酯化反应;②+CO2；③RCOCH3+R′CHORCOCH=CHR′+H2O。回答下列问题:（1)A生成B的反应类型为_______,由E生成F的反应方程式为_______。（2)K中含有两个六元环,则K结构简式为_________.(3）由F生成H的过程中第1步的化学方程式为_________.(4）H有多种同分异构体，满足下列条件的有________种,写出其中任意一种的结构简式：_________.①能发生银镜反应②遇FeCl3溶液显紫色③具有4组核磁共振氢谱峰【答案】（1).消去反应(2）。2+O22+2H2O（3）.（4).+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O（5）.4（6）.或或或【解析】【分析】A是芳香族化合物且苯环侧链上有两种处于不同环境下的氢原子，A的不饱和度==4，则侧链没有不饱和键，结合A分子式可知A结构为，B能与Br2发生加成反应，说明A发生消去反应生成B，B为，B和溴发生加成反应生成D为，B发生氧化反应生成C，C能和苯甲醛发生信息③的反应，则C为、K为;由F的分子式可知,D发生水解反应生成E为，E发生氧化反应生成F为，F发生银镜反应然后酸化得到H为，H发生缩聚反应生成I为。【详解】根据上述分析可知：A是;B是；C是；D是;E是；F是；H是；I是；K是。（1)A是；B是；A与浓硫酸共热发生消去反应生成B，所以A生成B的反应类型为消去反应；E是,E分子中由于羟基连接的C原子上有2个H原子，可以发生催化氧化产生F:,所以由E生成F的反应方程式为：2+O22+2H2O；（2)由上述分析可知K的结构简式为：;（3）F是，含有醛基，能够与银氨溶液发生银镜反应，则由F生成H的过程中第1步的化学方程式为：+2Ag(NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O；(4）H是,H的同分异构体满足条件：①能发生银镜反应，说明含有醛基;②遇FeCl3溶液显紫色，说明含有酚羟基；③具有4组核磁共振氢谱峰，说明分子中含有四种不同位置的H原子，则符合要求的同分异构体可能结构为:或或或,共4种不同结构。【点睛】本题考查有机物推断和有机合成，注意对给予信息的理解，明确官能团变化、碳链变化，注意采用正推、逆推相结合的方法进行推断，侧重考查学生知识综合运用、知识迁移能力，熟练掌握有机物官能团性质及其转化。21。化合物C和E都是医用功能高分子材料，且有相同的元素百分组成，均可由化合物A(C4H8O3)制得，如下图所示，B和D互为同分异构体,分子式为C4H6O2。（1）写出化学方程式A→D：___;B→C:___。（2）写出反应类型：A→B：___。（3）A→E发生的是缩聚反应，即单体分子间脱去小分子而相互结合生成的高分子化合物的反应.则E的链节是__。【答案】(1)。HOCH2CH2CH2COOH+H2O(2）。nCH2=CHCH2COOH（3)。消去反应(4）.【解析】【分析】化合物A(C4H8O3)具有酸性，可知分子中含有羧基，A→B（C4H8O3→C4H6O2),A物质发生脱水反应，又由于B可使溴水褪色，因而B中含有碳碳双键,属消去反应，则A中应具有—OH；A→D的反应是由A中—COOH与—OH发生酯化反应，生成环状酯D，由于D为五原子环状结构，A的结构简式为HOCH2CH2CH2COOH，D为；A→E的反应为缩聚反应.【详解】(1）综上分析A为HOCH2CH2CH2COOH，发生分子内的酯化反应生成五元环酯，则A→D的反应方程式为HOCH2CH2CH2COOH+H2O；B→C为加聚反应,A生成B为消去反应,B的结构简式为CH2=CHCH2COOH，则B→C的反应方程式为nCH2=CHCH2COOH。（2）综上分析，A→B的反应类型为消去反应。(3）A→E发生的是缩聚反应，即分子间的酯化反应,羧基中断裂碳氧单键，羟基断裂氧氢键，则E的链节是。22.乙酸异戊酯是组成蜜蜂信息素的成分之一，具有香蕉的香味。实验室制备乙酸异戊酯的反应、装置示意图和有关数据如下：相对分子质量密度/(g/cm-3)沸点/℃水中溶解性异戊醇880。8123131微溶乙酸601.0492118溶乙酸异戊酯1300。8670142难溶实验步骤：在A中加入4.4g异戊醇、6