【人教】高中物理选修2配套练习+章节检测卷成套下载

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的精品“正版”资料系列，由本公司独创。旨在将“人教版"、”苏教版“、”北师大版”华师大版“等涵盖几乎所有版本的教材教案、课件、导学案及同步练习和检测题分享给需要的朋友。本资源创作于2020年8月，是当前最新版本的教材资源。包含本课对应内容，是您备课、上课、课后练习以及寒暑假预习的最佳选择。（人教版）高中物理选修3-2配套练习（全册）+章节检测卷汇总就2口21年忘口颍理41M2划时代的发现探究星立电流的工生条件建言习式］含厚析〕新人致疑蛇2口21年冠白嗤理4.3楞次定律课后习密皓第析）新人教㈱选择32do<届7021年强e场里44法拉堇电意感忘定律课后习氯（:含解析）爵人蚓履选棒崎2021年曷中碘45电理酶赃的两奘情况建后习题《前晰）新人萩版选修32d口匚蜻2021年箴G破理4.6互圜□巨感谟后刀割（含嵯析）新人韧植选修军2〃口匕隆2境1年宣e城理47海流.电磁阻尼却电磁弗动漫府习题（含解析）新人数版选修32doe虻2QW1年高中嘶瑁5J交变电流课后习览（合麟析）新人教应选癖2ds靖皿1年高中物理5.遍送交域流的物理量星后习题（含解析〕新人数版选修3-2.doc就2口Z1年雷口物理5』电感用电容又丈变电流的生谪那后习!Zf含解折）籽人捌辰选修32dm鼠2。，年高中嘲瑁54兖玉器课后习鼠（含解析）新人数版选作品d匚届2Q21年葭中吻袈工5运能的统送滤套习期〔当解析）督人教版医修3-2出力亡赴2021年署中师理无1传感器及其工作原理滤后习发〔含解析）新人菽版选修32doe胡2Q21年意中题理传信器的应用课后习题（合解析）新人教应选修3-2db画号2021年葭中嵯理6.3实蛉：传愚瞿的应格黑名可即（含解析）新人载医法修2a□亡西2021年危口城理莫4童电懑感应副评足（含斛折〕新入翻版透惨32dx硝凝，年音中嘲理第4堂电磁感应制!怦日哈嶙府新人教版选修32doe踪：2021年高申埸理第，董交娈电流醐殖（含喇用新人那施修22dm励281年高中砌理篁5篁交变电流那阳［含毓析］新人数版选修32ds命|2&1年高中物理若5盒传感器鼬伴A1含陶而新人统版选悻3-乙da轴201年富中场理笑8章倍感器迎伴R《含解析）新人教版选字32d口广第四章电磁感应1划时代的发现2探究感应电流的产生条件课时演练•促提升A组一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的.如图所示，一个矩形线圈与两条通有相同大小电流的平行直导线处于同一平面，并且处在两导线的中央，则（）I;由rIIIIA.两导线电流同向时B.两导线电流反向时A.两导线电流同向时B.两导线电流反向时C.两导线电流同向或反向，穿过线圈的磁通量都相等D.两导线电流产生的磁场是不均匀的，不能判定穿过线圈的磁通量是否为零解析：根据安培定则，两导线电流同向时，它们在线圈处产生的磁场反向，穿过线圈的磁通量为零；两导线电流反向时，它们在线圈处产生的磁场同向，穿过线圈的磁通量不为零，故选项A正确.答案：A.如图所示，条形磁铁正上方放置一矩形线框，线框一平面水平且与条形磁铁平行.则线框由N极端匀速平移到S极端的过程中，线框中的感应电流的情况是（）NNA.线框中始终无感应电流B.线框中始终有感应电流C.线框中开始有感应电流，当线框运动到磁铁中部时无感应电流，过中部后又有感应电流D.线框中开始无感应电流，当线框运动到磁铁中部时有感应电流，过中部后又无感应电流解析：先画出条形磁铁的磁场分布情况，然后分析线圈在平移过程中，穿过线框的磁通量的变化情况，可知，穿过线圈的磁通量始终▼在变化，故B正确.答案：B.如图所示，矩形线框在磁场内彳的各种运动中，能够产生感应电流的是（）解析：产生感应电流的条件是穿过线圈的磁通量发生变化，选项B符合要求.答案：B.如图所示，竖直放置的长直导线通以图示方向的电流，有一矩形金属线框abcd与导线处在同一平面内，下列情况下，矩形线框中不会产生感应电流的是（）一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的A.导线中电流变大B.线框向右平动C.线框向下平动D.线框以ab边为轴转动解析：导线中电流变大，则周围的磁感应强度增强，线框中磁通量增大，可以产生感应电流；线框向右平动时，线框中的磁感应强度减小，磁通量减小，可以产生感应电流；线框向下平动时，线框中的磁感应强度不变，磁通量不变，不会产生感应电流；线框以ad边为轴转动时，线框中的磁通量发生变化，会产生感应电流，故选项A、B、D不合题意,选项C符合题意.答案：C5.如图所示，一通电螺线管b放在闭合金属线圈a内，螺线管的中心线恰好和线圈的一条直径MNM合.要使线圈a中产生感应电流，可采用的方法有（A.使螺线管在线圈a所在平面内转动B.使螺线管上的电流发生变化C.使线圈以M时轴转动D.使线圈以与M师直的直径为轴转动解析：图示位置，线圈a所在平面与磁感线平行，穿过线圈的磁通量为零，当按A、BC所述方式变化时，线圈a所在平面仍与磁感线平行，磁通量不变，不产生感应电流；按口所述方式变化时，由于线圈与磁场夹角变化引起磁通量变化，能够产生感应电流，故选D.答案：D6.（多选）如图所示是截面为等腰直角形的三棱柱，其侧面abcd为正方形，边长为L,将它按图示位置放置于竖直向下的匀强磁场中，磁感应弓II度为B,下面说法中正确的是（）2A.通过abcd平面的磁通重大小为B-LB.通过dcfe平面的磁通量大小为B-L2C.通过abfe平面的磁通量大小为B,L2D.通过整个三棱柱的磁通量为零解析：由公式中=8也0$0可以得出通过侧面abcd的磁通量①i=Blfcos45°=bL>错误；通过平面dcfe的磁通量①2=BL・L,B正确；通过平面abfe的磁通•量①3=B・L2cos90°=0,C错误；而整个三棱柱表面是个闭合曲面，穿入与穿出的磁感线条数相等，即穿过它的净磁感线的条数是0,故穿过整个三棱柱的磁通量为零，D正确.答案：BD一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的7.（多选）如图所示,AB两回路中各有一开关Si、&,且回路A中接有电源，回路B中接有灵敏电流计，下列操作及相应的Z果中可能的是（）A.先闭合S2,后闭合Si的瞬间，电流计，指针偏转B.Si、S2闭合后,在断开&的瞬间,电流计指针偏转C.先闭合Si,后闭合S2的瞬间，电流计指针偏转D.Si、S2闭合后，在断开S的瞬间，电流计指针偏转解析：回路A中有电源，当Si闭合后，回路中有电流，产生磁场，回路B中有磁通量.在Si闭合或断开的瞬间，回路A中的电流从无到有或从有到无，产生的磁场发生变化厂从而使穿过回路B的磁通量发生变化，此时若S2是闭合的，则回路B中有感应电流，电流计指针偏转，所以选项AD正确.答案：AD.如图所示为法拉第研究“磁生电”现象的实验装置原理图.两个线圈分别绕在一个铁环上，线圈A接直流电源，线圈B接灵敏电流表，下列哪种情况不可能使线圈B中产生感应电流（）A.开关S闭合或断开瞬间B.开关S闭合一段时间之后C.开关S闭合后，改变滑动变阻器滑片的位置时D.拿走铁环，再做这个实验，开关S闭合或断开的瞬间解析：根据法拉第对产生感应电流的五类概括，选-项A、C、D符合变化的电流（变化的磁场）产生感应电流的现象.而开关S闭合一段时间之后，A线圈中是，ff定电流，产生恒定的磁场，B线圈中磁通量稳定不变，故不能使B线圈中产生感应电流，故选项B符合题意.答案：B.要研究电磁感应现象实验，为了能明显地观察到实验现象，请在如图所示的实验器材中，选择必要的器材，在图中用实线接成相应的实物电路图.答案：实物电路图如图所示一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的B组.如图所示，在匀强磁场中的U形导轨上，有两根等长的平行导线ab和cd,以相同的速度v匀速向右滑动.为使ab中有感应电流产生，对开关S来说（）A.打开和闭合都可以B.应打开C.打开和闭合都不行D.应闭合解析：若开关打开，导线运动时，闭合回路abdc中磁通量不变，不产生感应电流；若开关闭合一导线运动时，闭合回路abNW磁通量变化，产生感应电流.所以，应选D选项.答案：D.如图所示，在条形磁铁的外面套着一个闭合金属弹簧线圈P,现用力从四周拉弹簧线圈，使线圈包围的面积变大，则下列关于穿过弹簧线圈磁通量的变化以及线圈中是否有感应电流产生的说法中，正确的是（）付A.磁通量增大，有感应电流产生B.磁通量增大，无感应电流产生C.磁通量减小，有感应电流产生D.磁通量减小，无感应电流产生解析：本题中条形磁铁磁感线的分布如图所示（从上向下看）.磁通量是指穿过一个面的磁感线的多少，由于垂直纸面向外的和垂直纸面向里的磁感线要抵消一部分，当弹簧线圈P的面积扩大时，垂直纸面向里的磁感线条数增加，而垂直纸面向外的磁感线条数是一定的，故穿过P的磁通量将减小，回路中会有感应电流产生.答案：C3.（多选）2013年12月2日1时30分,我国嫦娥三号搭载月球车“玉兔号”从西昌卫星发射中心顺利升空，正式开始探月之旅.假如月球车登月后要探测一下月球表面是否有磁场，应一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的该怎样进行实验()A.直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场有无B.将电流表与线圈.组成闭合电路，使线圈沿某一方向运动，若电流表无示数，则判断月球表面无磁场C.将电流表与线圈组成闭合电路，使线圈沿某一方向运动，若电流表有示数，则判断月球表面有磁场D.将电流表与线圈组成闭合电路，使线圈分别绕两个互相垂直的轴转动，月球表面若有磁场，则电流表至少有一次示数不为零解析：只要线圈中能产生感应电流，电流表有示数，就说明月球上一定有磁场.如果没有电流只能说明线圈中的磁通量没有发生变化，需要变换转动轴或运动方向再试.如果线圈分别绕两个互相垂直的轴转动，当空间有磁场时，至少会有一次产生感应电流，C、D正确.答案：CD.(多选)下列说法中正确的是()A.只要导体相对磁场运动，导体中就一定会产生感应电流B.闭合导体回路在磁场中做切割磁感线运动，导体回路中不一定会产生感应电流C.只要穿过闭合导体回路的磁通量不为零，导体回路中就一定会产生感应电流D.只要穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，导体回路中就一定会产生感应电流解析：产生感应电流要有两个条件：一是导体回路要闭合；二是穿过导体回路的磁通量要发生变化，故D正确；如果导体没有构成闭合回路m或构成闭合回路但沿磁感线运动，导体中就没有感应电流，故A错误;如果闭合导体回路在与回路平面垂直的磁场中运动，两边都切割磁感线但闭合导体回路的磁通量仍没有发生变化，也不产生感应电流，故B正确；穿过闭合导体回路的磁通量不为零，但如果磁通量没有变化，回路中就没有感应电流，故C错误.答案：BD.如图所示，矩形线圈abcd左半边处在匀强磁场中，右半边在磁场外，磁感应弓虽度为B,线圈一半的面积为S,初始时磁场垂直于线圈平面，求下列情r况中线圈中磁通量的变化量：(1)以ab边为轴线圈转过90°.(2)以ab边为轴线圈转过60°.(3)以中线ef为轴线圈转过180°.解析：(1)线圈初始磁通量中尸BS转过90°后，①2=0，所以A①二①2-中--BS,大小为BS(2)当线圈以ab边为轴边转过60。时，矩形线圈恰好全部进入磁1t场，①2=B-2Scos60°=BS,所以A①二①2-①1=0,说明磁通量未发生变化.(3)当线圈绕中线转过180。时，因为①1=BS磁感线是垂直于线圈的正前面向里穿过的，当线圈绕中线转过180。时，线圈的正后面转到正前面，磁感线是从原正后面向里穿过的，故①2二-BS所以A①二①2-①1二-2BS大小为2BS答案：见解析..如图是研究电磁感应现象实验所需的器材，用实线将带有铁芯的线圈A、电源、滑动变阻器和开关连接成原线圈回路，将小量程电流表和线圈B连接成副线圈回路，并列举出在实验中能够改变副线圈回路磁通量，使副线圈中产生感应电流的三种方法：一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的⑴__.⑶―答案：实线连接，如图所示.⑴A线圈.在B线圈中，合上（或断开）开关瞬间（2）将原线圈插入副线圈或从副线圈中抽出的过程中⑶A线圈在B线圈中，移动滑动变阻器的滑片时3楞次定律课时演练•促提升A组.关于电磁感应现象，下列说法中正确的是（）A.感应电流的磁场总是与原磁场方向相反B.闭合线圈「放在变化的磁场中就一定能产生感应电流C.闭合线圈放在匀强磁场中做切割磁感线运动时，一定能产生感应电流D.感应电流的磁场总是阻碍原磁场的磁通量的变「化解析：电磁感应现象中，若磁通量减小，则感应电流的磁场与原磁场方向相同，选项A错误；若闭合线圈平面与磁场方向平行，则无论磁场强弱如何变化，穿过线圈的磁通量始终为零，不产生感应电流，选项B错误；若线圈切割磁感线时，穿过线圈的磁通量不发生变化，则不能产生感应电流，选项C错误；只有选项D正确.答案：D.如图所示，一线圈用细杆悬于P点，开始时细杆处，于水平位置，释放后让它在匀强磁场中运动，已知线圈平面始终与纸面垂直，当线圈第一次通过位置I、n、田时（位置n正好是细杆竖直位置），线圈内的感应电流方向（顺着磁场方向看去）是（）一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的I、n、田位置均是顺时针方向I、n、田位置均是逆时针方向I位置是顺时针方向，n位置为零，田位置是逆时针方向I位置是逆时针方向，n位置为零，田位置是顺时针方向解析：线圈由初始位置向I位置运动过程中，沿磁场方向的磁通量逐渐增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，从右向左穿过线圈，根据安培定则，I位置时感应电流的方向（沿磁感线方向看去）是逆时针方向；在n位置时由左向右穿过线圈的磁通量最大，由n位置向田位置运动时，向右穿过线圈的磁通量减少，「根据楞次定律，感应电流的磁场方向向右，阻碍它的减少，根据安培定则可判定出位置的电流方向（沿磁感线方向看去）是顺时针方向，且知n位置时感应电流为零.故选d.答案：d.闭合线圈abcd运动到如图所示的位置时，bc边所受到的磁场力方向。向下，那么线圈的运动情况是（）A.向左平动进入磁场B.向右平动出磁场C.向上平动D.向下平动解析：当bc受力向下时，说明感应电流方向由b指向c,当向左进入磁场时，磁通量增加，感应电流的磁场方向应该与原磁场方向相反，垂直纸面向里，用右手螺旋定则可以判断感应电流方向为顺时针方向.答案：A.如图所示，一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合螺线管，则电路中（）A.始终有感应电流自a向b流过电流表GB.始终有感应电流自b向a流过电流表GC.先有a-G^b方向的感应电流，后有b-^8a方向的感应电流D.将不会产生感应电流解析：条形磁铁从左边进入螺线管的过程中，在螺线管内产生的磁场方向向右，且穿过螺线管的磁通量不断增加，根据楞次定律，产生的感应电流的方向是a-b;条形磁铁从螺线管中向右穿出的过程中，在螺线管中产生的磁场方向仍向右，穿过螺线管的磁通量不断减小，根据楞次定律，产生的感应电流的方向是b-G^a,故C正确.答案：C.如图所示，磁铁垂直于铜环所在平面，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）A.向右摆动B.向左摆动一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的C.静止D.转动解析：铜环只有向右运动，才能阻碍穿过铜环的磁通量的增加.答案：A.如图所示，矩形线框与长直导线在同一平面内，当矩形线框从直导线的左侧平移到右侧的过程中线框内感应电流的方向为（）A.「先顺时针,后逆时针B.先逆时针，后顺时针C.先顺时针，后逆时针，再顺时针D.先逆时针，后顺时针，再逆时针解析：直线电流产生的磁场在右侧垂直纸面向里，在左侧垂直线面向外，线框从左向右平移时磁通量是先从垂直纸面向外的增强到减弱（线框通过导线时）,当线框正通过直线电流的中间时,磁通量为零，继续向右运动时磁通量从垂直纸面向里的增强又到减弱「，根据楞次定律和右手定则，感应电流的方向先为顺时针，后为逆时针，再顺时针.答案：C7.如图所示，一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上，细线从一水平金属圆环中穿过.现将环从位置I释放，经过磁铁到达位置II.设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为Fti和Ft2,重力加速度大小为g,则（）cbi网A.FTi>mgFT2>mgB.FTi<mgFT2<mgC.FTi>mgFT2<mgD.FTi<mgFT2>mg解析：当圆环经过磁铁上端时，磁通量增大，根据楞次定律可知磁铁要把圆环向上推，又由牛顿第三定律可知圆环给磁铁一个向下的磁场力，因此有Ri>mg当圆环经过磁铁下端时，磁通量减小，根据楞次定律可知磁铁要把圆环向上吸，同理圆环要给磁铁一个向下的磁场力，因此有FT2>mg所以只有A正确.答案：A8.（多选）如图是验证楞次定律实验的示意图，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流.各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中表示正确的是（）一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的卧照刖田AR匕口解析：根据楞次定律可确定感应电流的方向：如又C图分析，当磁铁向下运动时:(1)闭合线圈原磁场的方向一一向上；(2)穿过闭合线圈的磁通量的变化一一增加;(3)感应电流产生的磁场方向一一向下；(4)利用安培定则判断感应电流的方向一一与图中箭头方向相同.线圈的上端为S极，磁铁与线圈相互排斥.综合以上分析知，C、D正确.答案：CD.如图所示，固定的水平长直导线中通有直流I,矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行.线框由静止释放，在下落过程中()A.穿过线框的磁通量,保持不变B.线框中感应电流方向保持不变C.线框所受安培力的合力为零D.线框的机械能不断增大解析：线框下落过程中，穿过线框的磁通量减小，选项A错误；由楞次定律可判断出感应电流方向一直沿顺时针方向，选项B正确；线框受到的安培力白合力竖直向上，但小于重力，则合力不为零，选项C错误；在下落过程中，安培力对线框做负功，则其机械能减小，选项D错误.答案：B.如图所示，当导线ab在电阻不计的金属导轨上滑动时，线圈c向右摆动，则ab的运动情况是()A.向左或向右匀速运动B.向左或向右减速运「动C.向左或向右加速运动D.只能向右匀加速运动解析：当导线ab在导轨上滑行时，线圈c向右运动，说明穿过线圈的磁通量正在减少，即右侧回路中的感应电流减小，导线正在减速运动，与方向无关，故A、CD错误,B正确.答案：B3.如图所示，螺线管CD的导线绕向不明，当磁铁AB插入螺线管时，电路中有图示方向的电流产生，下列关于螺线管极性的判断正确的是()一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的A.C端一■定是N极B.C端一定是S极C.C端的极性一定与磁铁B端的极性相同D.无法判断极性，因螺线管的绕法不明解析：AB的插入使螺线管磁通量增大而产生感应电流，根据楞次定律知，感应电流的磁场阻碍AB插入，因此，C端极性一定和B端极性相同.答案：C4.如图所示，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈.当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力Fn及在水平方向运动趋势的正确判断是（）A.Fn先小于mg后大于mg运动趋势向左B.Fn先大于mg后小于mg运动趋势向左C.Fn先小于mg后大于mg运动趋势向右D.Fn先大于mg后小于mg运动趋势向右解析：当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，线圈中向下的磁通量先增加后减小，由楞次定律可知，线圈中先产生，逆时针方向的感应电流，后产生顺时针方向的感应电流，线圈的感应电流磁场阻碍磁铁的运动，故靠近时磁铁与线圈相互排斥，线圈受排斥力向右下方，Fn大于mg线圈有水平向右运动的趋势；离开时磁铁与线圈相互吸引，线圈受到吸引.力向右上方，Fn小于mg线圈有水平向右运动的趋势.所以正确选项是D.答案：D.（多选）如图所示，导体ABCD可在水平轨道上自由滑动，且两水平轨道在中央交叉处互不相通.当导体棒AB向左移动时（）BDA.AB中感应电流的方向为A到「BB.AB中感应电流的方向为B到AC.CD向左移动D.CD向右移动解析：由右手定则可判断导体AB中感应电流方向为A-B由左手定则可判断导体CD受到向右的安培力作用而向右运动.答案：AD.（多选）如图所示，在匀强磁场中放有平行铜导轨，它与大线圈M相连，要使线圈N获得顺时针方向的感应电流，则放在导轨上的裸金属棒ab的运动情况是（两线圈共面放置）（）一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的A.向右匀速运动B.向左加速运动C.向右减速运动D.向右加速运动解析：欲使线圈N产生顺时针方向的感应电流，则感应电流的磁场方向应为垂直纸面向里，由楞次定律可知有两种情况：一是M中有顺时针方向逐渐减小的电流，使其在N中的磁场方向向里，且磁通量在减小；二是M中有逆时针方向逐渐增大的电流，使其在N中的磁场方向向外，且磁通量在增大.因此，对于前者，应使ab减速向右运动；对于后「者，则应使ab加速向左运动.故应选B、C.（注意匀速运动只能产生恒定电流；匀变速运动产生均匀变化的电流）答案：BC4法拉第电磁感应定律课时演练•促提升.闭合电路中产生的感应电动势的大小，跟穿过这一闭合电路的下列哪个物理量成正比（）A.磁通量B.磁感应强度C.磁通量的变化率D.磁通量的变化量解析：根据法拉第电磁感应定律表达式E=n知，闭合电路中感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，而与磁通量中、磁感应强度B、磁通量的变化量A①无关，所以选项AB、D错误，选项C正确.答案：CTOC\o"1-5"\h\z.穿过一个单匝线圈的磁通量，始终以每秒均匀地增加2亚H则（）A.线圈中的感应电动势每秒增大2VB.线圈中的感应电动势每秒减小2VC.线圈中的感应电动势始终为2VD.线圈中不产生感应电动势解析：根据题意，穿过线圈的磁通量始终每秒均匀增加2Wb,即穿过线圈的磁通量的变化率=2Wb/s,由法拉第电磁感应定律知E=n=2V,所以选C.答案：C3.如图所示，有一匝接在电容器C两端的圆形导线回路，垂直于回路平面以内存在着向里的匀强磁场R已知圆的半径r=5cm,电容C=20科F,当磁场B以.4X10-2T/s的变化率均匀增加时，则（）A.电容器a板带正电，电荷量为2兀X10-9CB.电容器a板带负电，电荷量为2兀X10-9CC.电容器b板带正电，电荷量为4TtX10-9CD.电容器b板带负电，电荷量为4TtX109C解析：根据楞次定律可判断a板带正电，线圈中产生的感应电动势E=tir2=兀X104V,板上带一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的电荷量Q=CE=tiX10-9C,选项A正确.答案：A4.（多选）如图所示为地磁场磁感线的示意图，在北半球地磁场的竖直分量向下.飞机在我国上空匀速巡航，机翼保持水平，飞行高度保持不变.由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差设飞行员左方机翼末端处的电势为61,右方机翼末端处的电势为62,则（）A.若飞机从西往东飞，（｛）1比（｛）2高B.若飞机从东往西飞，（｛）2比妙高C.若飞机从南往北飞，（｛）1比（｛）2[WjD.若飞机从北往南飞，62比（｛）1[Wj解析：由右手定则可知机翼左端电势比右端电势高，即（M>（1）2,A、C项正确.答案：AC5.（多选）在北半球，地磁场的竖直分量向下.飞机在我国上空匀速巡航，机翼保才I水平，飞行高度不变，由于地,磁场的作用，金属机翼上有电势差，设飞行员左方机翼末端处的电势为61,右方机翼末端处电势为巾2,则（）A.若飞机从西往东飞，（｛）1比（｛）2高B.若飞机从东往西飞，巾2比（P高C.若飞机从南往北飞，（｛）1比62（WjD.若飞机从北往南飞，62比（｛）1[Wj解析：该题中飞机两翼是金属材料，可视为一垂直于飞行方向切割竖直向下的磁感线的导体棒，磁场水平分量对产生电动势无作用.对选项A,磁场竖直分量向下，手心向上，拇指指向飞机飞行方向，四指指向左翼末端，故巾1>（1）2,选项A正确.同理，飞机从东往西飞，仍是61>62,选项B错误.从南往北、从北往南飞，都是61>62,故选项C正确，选项D错误.答案：AC.如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒ab以水平初速度V0抛出，设在整个过程中棒的「方向不变且不计空气阻力，则在金属棒运动过程中产生的感应电动势大小变化情况是（）A.越来越大B.越来越小C.保持不变D.无法判断解析：棒ab水平抛出后，其速度越来越大，但只有水平分速度V0切割磁感线产生感应电动势，故E=B1”vo保持不变.答案：C.将一段导线绕成图甲所示的闭合回路，并固定在水平面（纸面）内.回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场I中.回路的圆环区域内有垂直纸面的磁场n,以向里为磁场n的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图象如图乙所示.用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反映F随时间t变化的图象是（）一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的解析：根据楞次定律，在前半个周期内，圆环内产生的感应电流方向为顺时针，即通过ab边的电流方向为由b指向a,再根据左手定则判断，ab边受到的安培力为水平向左，即负方向.根ab中的电流为定值，则所受安培力也为定值.结合选B=0.5ab中的电流为定值，则所受安培力也为定值.结合选B=0.5T.一个匝数n=50的矩形线圈边长ab=0.2绕ab边匀速转动.求:答案：B.如图所示，匀强磁场的磁感应强度m,bc=0.1m,以角速度3=314rad/s(1)图示位置时：的瞬时感应电动势(2)由图示位置转过90°这段时间内的平均感应电动势.解析:(1)在题图中位置的瞬时感应电动势由公式E=nBlv得E=50X0.5X0.2X0.1X314V=157V.(2)这段时间内的平均感应电动势由公式=门得=50XV=100V.答案：(1)157V(2)100V.(多选)如图是穿过某闭合回路的磁通量随时间变化的四种情况，在10时间内可使该回路产生恒定感应电流的是()一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的解析：产生恒定感应电流的条件是感应电动势恒定①解析：产生恒定感应电流的条件是感应电动势恒定①-t图象是条斜线，C、D正确.答案：CD,由电磁感应定律E=n得到,是常量,因此.如图所示，将一半径为r的金属圆环在垂直于环面的磁感应强度.为B的匀强磁场中用力握中间成“8”字形，并使上、下两圆半径相等.如果环的电阻为R则此过程中流过环的电荷量为（）A.B.C.0D.解析：通过金属圆环横截面的电荷量只与磁通量的变化量和金属圆环的电阻有关，与时间等其他量无关，因此，A「①=Bttr2-2XB兀（）2=Btir2,电荷量q=.答案：B.纸面内两个半径均为R的圆相切于O点，两圆形区域内分别存在垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度大小相等、方向相反，且不随时间变化.一长为2R的导体杆OA绕过O点且垂直于纸面的轴顺时针匀速旋转，角速.度为①，t=0时，OA恰好位于两圆的公切线上，如图所示.若选取从O指,向A的电动势为正，下列描述导体杆中感应电动势，随时间变化的图象可能正确的是（解析：导体杆在右边圆形磁场中切割磁感线的有效长度为l=2Rsinat,产生的感应电动势的大小E=BI23=2BcoR2sin%t,电动势随时间变化，且非均匀变化，排除A、B.根据右手定则导体杆在右边磁场中运动时，感应电动势为正，排除D.答案：C.一闭合线圈放在随时间均匀变化的磁场中，线圈平面和磁场方向垂直.若想使线圈中的感应电流增大一倍，下述方法可行的是（）A.使线圈匝数增加一倍B.使线圈面积增加一倍一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的C.使线圈匝数减少一半D.使磁感应强度的变化率增大一倍解析：根据E=n=nSt电动势，当n、S发生变化时导体的电阻也发生了变化.若匝数增加一倍电阻也增加一倍，感应电流不变，故A错；若匝数减少一半，感应电流也不变，故C错；若面积增加一倍，长度变为原来的倍，因此电阻为原来的倍，电流为原来的倍，故B错.答案：D.(多选)如图所示,AB两闭合线圈用同样导线绕成木有10匝，B有20匝，两圆线圈半径之比为2：1.均匀磁场只分布在B线圈内.当磁场随时间均匀减弱时()A.A中无感应电流B.A、B中均有恒定的感应电流C.A、B中感应电动势之比为2：1D.A、B中感应电流之比为1:2解析：只要穿过圆线圈内的磁通量发生变化，线圈中就有感应电动势和感应电流.因为磁场变化情况相同，有效面积也相同，所以，每匝线圈产生的感应电动势相同，又由于两线圈的匝数和半彳5不同，电阻值不同，根据电阻定律，单匝线圈电阻之比为2：1,所以，感应电流之比为1：2.因此正确答案是B、D.答案：BD.轻质细线吊着一质量为m=0.32kg、边长为l=0.8m、匝数n=10的正方形线圈，总电阻为r=1"边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示，磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化如图乙所示，从t=0开始经t。时间细线开始松弛,gB10m/s2.求:(1)在前卜时间内线圈中产生的感应电动势.(2)在前to时间内线圈的电功率.⑶10的值.解析：(1)由法拉第电磁感应定律得E=n=nxx()2=10Xx()2X0.5V=0.4V2)I==0.4A,P=I2r=0.16W.(3)分析线圈受力可知，当细线松弛时有F安=nBd=mgI=Etc==2T由图象知B°=1+0.5t°,解得tc=2s.答案：(1)0.4V(2)0.16W(3)2s5电磁感应现象的两类情况一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的课时演练•促提升.在空间某处存在一变化的磁场，则下列说法中正确的是（）A.在磁场中放一闭合线圈B.A.在磁场中放一闭合线圈B.在磁场中放一闭合线圈C.在磁场中不放闭合线圈D.在磁场中不放闭合线圈,线圈中一定会产生感应电动势,在变化的磁场周围一定不会产生电场,在变化的磁场周围一定会产生电场解析：由感应电流产生的条件可知，只有闭合线圈中磁通量发生改变，才能产生感应电流，如果闭合线圈平面与磁场方向平行，则线圈中无感应k电动势和感应电流产生，故AB错误；由麦克斯韦电磁场理论可知，感生电场的产生与变化的磁场周围有无闭合线圈无关，故C错误,D正确.答案：D.如图甲所示，n=50匝的圆形线圈M它的两端点a、b与内阻很大的电压表相连,线圈中磁通量的变化规律如图乙所示，则a、b两点的电势高低与电压表的读数为（）A.6a＞6b,20VB.八＞八,10VC.6a＜（｛）b,20VD.6a＜（｛）b,10V解析：磁通量均匀增大，由楞次定律知，线圈中感应电流为逆时针方向，又线圈相当于内电路，故6a＞6b；E=n=50XV=10V,因而电压表的读数为10V.电压表测量的是电源的电动势，即感应电动势.故答案选B.答案：B.如图所示，一个由导体做成的矩形线圈，以恒定速率v运动，从无场区进入匀强磁场区，磁场宽度大于矩形线圈的宽度da,然后出来.若取逆时针方向的电流为正方向，那么下列选项中能正确地表示回路中电流对时间的函数关系的是（）解析：当线圈开始运动，尚未进入磁场区时，没有产生感应电流.ab边切割磁感线时产生的感应电动势为定值，因此感应电流也为定值，方向为逆时针（正）.当cd边进入磁场时，ab和cd边产生的感应电动势互相抵消，没有感应电流.当线圈继续运动，在磁场中只有cd边时，感应电流是顺时针（负，数值与前者的等大.cd边离开磁场后，线圈无感应电流.所以C项正确.答案：C.（多选）一个面积S=4X102m2、匝数n=100匝的线圈放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示，则下列判断正确的是（）A.在开始的2s内穿过线圈的磁通量变化率等于0.08Wb/sB.在开始的2s内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C.在开始的2s内线圈中产生的感应电动势等于8VD.在第3s末线圈中的感应电动势等于零解析：磁通量的变化率S,其中磁感应强度的变化率即为31图象的斜率.由题图知前2s的=2T/s,所以=2X4X10-2Wb/s=0.08Wb/s,选项A正确；在开始的2s内磁感应强度B由2T减到0,又从0向相反方向的B增加到2T,所以这2s内的磁通量的变化量A<D=BS+BS=2BS=2X2X4X10-2Wb=0.16Wb,选项B错误；在开始的2s内E=n=100X0.08V=8V,选项C正确；第3s末的感应电动势等于2~4s内的平均电动势，E=n=nS=00X2X4X10-2V=8V,选项D错误.答案：AC5.（多选）如图所示，阻值为R的金属棒从图示ab位置分别以,V1、V2的速度沿光滑导轨（电阻不计）匀速滑到a'b'位置，若vi：V2=1：2，则在这两次过程中（）A.回路电流11：12=1：2B.产生的热量Q：Q=1：2C.通过任一截面的电荷量q1:q2=1:2D.外力的功率Pi：P2=1：2解析：感应电动势为BLv,感应电流I=，大小与速度成正比，产生的热量Q=I2Rt=v,BL、L'、R是一样的，两次产生的热量比等于运动速度比，选项A、B正确；通过任一截面的电荷量q=It=与速度无关，所以这两个过程中，通过任一截面的电荷量之比应为1：1,选项C错误；金属棒运动中受磁场力的作用，为使棒匀速运动，外力大小要与磁场力相等，则外力的功率P=Fv=BIL-v=，其中B、L、R大小相等，外力的功率与速度的二次方成正比，所以外力的功率之比应为1:4,选项D错误.答案：AB6.如图甲所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围的区域内有一垂直纸面向里变化的磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按图乙中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体环将受到向上的磁场力作用（）«r工sr口81—i***甲一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的解析：选项A中，abcd中磁通量变化时，产生感应电流，螺线管下方的导体环中有磁通量穿过，但由于磁场的变化越来越慢，穿过圆环的磁通量也越来越小，根据楞次定律，为阻碍环中磁通量的减少，环将靠近螺线管，即环受向上的磁场力的作用.选项B中，磁场变化越来越快，螺线管中磁场变强，圆环中磁通量增大，为阻碍磁通量增大，环将向下运动，即受磁场力向下.选项GD中，磁场均匀变化，螺线管中电流恒定，穿过圆环的磁通量不变，圆环中无感应电流产生，与螺线管无相互作用的力.答案：A.平面上的光滑平行导轨MNPQ上放着光滑导体棒ab、cd,两棒用细线系住，细线拉直但没有张力.开始时匀强磁场的方向如图甲所示，而磁感应强度B随时间t的变化如图乙所示，不方tab、cd间电流的相互作用，则细线中的张力大小随时间变化的情况为图丙中的()解析：在0到t0时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势恒定，感应电流恒定，但因磁场均匀变弱，故两导体棒上的安培力均匀变小，根据左手定则和平衡知识知细线上有拉力，大小等于每个棒受到的安培力，当to时刻磁场为零，安培力为零.大于to时刻后，磁场反向变强，两棒间距变小，线上无力.故只有D图正确.答案：D.如图所示，两根足够长的光，t直金属导轨MNPQ平行放置在倾角为0的绝缘斜面上，两导轨间距为」，MP两点间接有阻值为R的电阻.一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直.整套装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上.导轨和金属杆的电阻可忽略.让金属杆ab沿导轨由静止开始下滑，经过一段时间后，金属杆达到最大速度vmax,在这个过程中，电阻R上产生的热量为Q导轨和金属「杆接触良好，重力加速度为g.求TOC\o"1-5"\h\z(1)金属杆达到最大速度时安培力的大小.(2)磁感应强度的大小.(3)金属杆从静止开始至达到最大速度的过程中杆下降的高度^解析：(1)当达到最大速度时，设金属杆受安培力为Fmax,杆受力平衡FmaX=mgin0.(2)当•杆达到最大速度时，感应电动势为Enax,感应电流为Imax,则EmakBlVmax一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的Ima产由Fma=BImaJ（3）设金属杆从静止开始至达到最大速度的过程中下降的高度为h由能量守恒得mgh=+Q得h=.答案:(1)答案:(1)mgin(2)(3).在如图所示的A、日C、D四种磁场情况中能产生恒定的电场的是（）解析：均匀变化的磁场产生恒定的电场，C正确.答案：C.在匀强磁场中，ab、cd两根导体棒沿两根导轨分别以速度vi、V2滑动，如图所示，下列情况中，能使电容器获得最多电荷量且左边极板带正电的是（）A.Vi=V2,方向都向右B.Vi=V2,方向都向左C.V1>V2,V1向右，V2向左D.Vi>V2,Vi向左,V2向右解析：当ab棒和cd棒分别向右和向左运动时，两棒均相当于电源，且串联，电路中有最大电动势，对应最大的顺时针方向电流，电阻上有最高电压，所以电容器上有最多电荷量，左极板带正电.答案：C3.如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37。，宽度为0.5m,电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1Q.一导体棒MN@直于导轨放置，质量为0.2kg,接入电路的电阻为1Q,两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5.在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应弓虽度为0.8T.将导体棒M曲静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳r定（重力加速度g取10（重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6)(A.2.5A.2.5m/s1WB.5m/s1WC.7.5m/s9WD.15m/s9W解析：当小灯泡稳定发光时，导体棒MN匀速运动，受力如图所示.根据受力平衡可得mg,ine=wm呼ose+,代入数据得v=5m/s;小灯泡消耗的电功率为P=（）2R=1W,B项正确.一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的答案：B4.答案：B4.(多选)如图所示，内壁光滑、水平放置的玻璃圆环内有一直径略小于圆环直径的带正电的小球，以速率V0沿逆时针方向匀速转动强度B随时间成正比例增加的变化磁场(俯视)，若在此空间突然加上方向竖直向上、磁感应.设运动过程中小球电荷量不变，那么()A.小球对玻璃圆环的压力A.小球对玻璃圆环的压力B.小球所受的磁场力一定不断增大C.小球先沿逆时针方向减速运动「过一段时间后沿顺时针方向加速运动D.磁场力对小球一直不做功解析：变化的磁场将产生感生电场，这种感生电场由于其电场线是闭合的，也称为涡旋电场，其电场强度方向可借助电磁感应现象中感应电流方向的判定方法，使用楞次定律判断.当磁场增强时，会产生顺时针方向的涡旋电场，电场力先对小球做负功使其速度减为零，后对小球做正功使其沿顺时针方向做加速运动，所以C正确；磁场力始终与小球运动方向垂直，因此始终对小球不做功，D正确；小球在水平面内沿半径方向受两个力作用：环的压力Fn和磁场的洛伦兹力F,这两个力的合力充当小球做圆周运动的向心力，其中F=Bqv磁场在增强，球速先减小后增大，所以洛伦兹力不一定总在增大；向心力F向=B其大小随速度先减小后增大，因此压力Fn也不一定始终增大.故正确选项为CD.答案：CD.如图所示，固定于水平桌面上的金属框架cdef,处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒ab搁在框架上，可无摩擦.滑动.此时adeb构成一个边长为l的正方形.金属棒的电阻为r,其余部分电阻不计.开始时磁感应强度为Bo.(1)若从t=0时刻起，磁感应强度均匀增加，每秒增加k,同时保持棒静止，求金属棒中的感应电流大小和方向.(2)在上述(1)情况中，始终保持金属棒静止，当t=t1末「时需加的垂直于棒的水平拉力为多大？解析：(1)根据法拉第电磁感应定律E=S=kl2,再根据欧姆定律得I=,根据楞次定律判断，“增反减同”，回路中的电流方向为逆时针方向，即棒上电流从b到a.(2)要保持棒静止，使作用到棒上的力平衡，即水平拉力等于棒受到的安培力F=FABIl=(B+kt1)l=(B+kt1).答案：(1)棒中电流方向由b到a(2).如图甲所示，在一个正方形金属线圈区域内，存在着磁感应强度B随时间变化的匀强磁场，磁场的方向与线圈平面垂直.金属线圈所围的面积S=200cm2,匝数n=1000,线圈电阻r=1.0一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的Q.线圈与电阻R构成闭合回路，电阻R=4.0Q.匀强磁场的磁感应强度随时间变化的情况如图乙所示，求：⑴在t=2.0s时刻,通过电阻R的感应电流大小.(2)在t=5⑴在t=2.0s时刻,通过电阻R的感应电流大小.(2)在t=5.0s时刻,电阻R消耗的电功率.(3)0~6.0s内整个闭合电路中产生的热量.解析：(.1)根据法拉第电磁感应定律,0~4.0s时间内线圈中磁通量均匀变化，产生恒定的感应电流.t=2.0s时的感应电动势Ei=n=n根据闭合电路欧姆定律，闭合回路中的感应电流Ii=解得11=0.2A.(2)由图象可知，在4.0~6.0s时间内，线圈中产生的感应电动势E2=n=n根据闭合电路欧姆定律，t=5.0s时闭合回路中的感应电流12=电阻消耗的电功率P2=R=2.56W.(3)根据焦耳定律,0〜4.0s内闭合电路中产生的热量Q=(r+R)A11=0.8J4.0〜6.0s内闭合电路中产生的热量Q>=(r+R)A12=6.4J0〜6.0s内闭合电路中产生的热量Q=QQ=7.2J.答案：(1)0.2A(2)2.56W(3)7.2J6互感和自感课时演练•促提升.下列说法正确的是(A.当线圈中电流不变时B.当线圈中电流反向时C.当线圈中电流增大时D.当线圈中电流减小时),线圈中的自感电动势也不变,线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相反,线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反,线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反解析：由法拉第电磁感应定律可知，当线圈中的电流不变时，不产生自感电动势，选项A错误;当线圈中的电流反向时，相当于电流减小，线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相同，选项B错误；当线圈中的电流增大时，自感电动势阻碍电流的增大，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反，所以选项C正确，同理可知选项D错误.答案：C.在制作精密电阻时，为消除使用过程中由于电流变化而引起的自感现象,采取了双线绕法如图所示，其道理是(A.当电路中电流变化时B.当电路中电流变化时C.当电路中电流变化时,两股导线中产生的自感电动势相互抵消,两股导线中产生的感应电流相互抵消,两股导线中产生的磁通量相互抵消一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的D.以上说法均不正确解「析：由于采用双线并绕的方法，当电流通过时，两股导线中的电流方向是相反的，不管电流怎样变化，任何时刻两股电流总,是等大反向的，所产生的磁通量也是等大反向的，故总磁通量等于零，在线圈中不会产生电磁感应现象，因此消除了自感现象，选项A、B错误，只有C正确.答案：C.如图所示是测定自感系数很大的线圈L的直流电阻的电路，L两端并联一只电压表，用来测量自感线圈的直流电压，在测量完毕后，将电路拆除时应（）A.先断开S2B.先断开SiC.先拆除电流表D.先拆除电阻R解析：只要不断开Si,线圈L与电压表就会组成闭合回路，在断开S2时，线圈L会因此产生感应电流，电流的方向与原来方向相同.这时流过电压表的电流方向与原来电流方向相反，电压表中的指针将反向转动，损坏电压表，所以必须先拆下电压表，即断开Si.答案：B.在同一铁芯上绕着两个线圈A、B,两电源相同，单刀双掷开关原来接在点1,现在把它从点1扳向点2,如图所示，试判断在此过程中，在电阻R上的电流方向是（）A.先由PjQ再由8PB.先由Q-P,再由AQC.始终由CHPD.始终由P^Q解析：单刀双掷开关接在点1上时,A线圈中的电流恒定不变，在铁芯中产生的磁场方向是沿铁芯自右向左.当单刀双掷开关由点1扳向点2的过程中，通过线圈A中的电流，先沿原方向减小到零，再由零增大到原电流值，所以B中产生的感应电流分两个阶段分析：（1）在A中电流沿原方向减小到零的过程中，A的磁场自右向左也跟着减弱，导致穿过线圈B的磁通量在减小.由楞次定律知，线圈B中会产生右上左下的感应电流，即流过电阻R的电流方向是P-Q（2）在A中电流由零增大到原方向的电流的过程中，A的磁场自右向左也跟着增强，导致穿过线圈B的磁通量在增大.由楞次定律知，线圈B中会产生左上右下的感应电流，即通过电阻R的电流方向是gP.综上分析知，全过程中流过电阻R的电流方向是先由AQ再由Q-P,所以AX^.答案：A.（多选）如图所示的电路中，电源电动势为E,内阻r不能忽略.R和R是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈.开关S原来是断开的，从闭合开关S到电路中电流达到稳定为一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的止的时间内，通过R的电流Ii和通过R的电流12的变化情况是（）A.Ii开始较大而后逐渐变小B.Ii开始很小而后逐渐变大C.I2开始很小而后逐渐变大D.I2开始较大而后逐渐变小.解析：闭合开关S时，由于L是一个自感系数较大的线圈，产生反向的自感电动势阻碍电流的变化，所以开始I2很小，随着电流达到稳定，自感作用减小，I2开始逐渐变大.闭合开关S时,由于线圈阻碍作用很大，路端电压较大，随着自感作用减小，路端电压减小，所以R上的电压逐渐减小，电流逐渐减小，故A、C正确.答案：AC.如图所示，两个电阻均为R电感线圈L的电阻及电池内阻均可忽略不计，S原来断开，电路中电流I0=，现将S闭合，于是电路中产生了自感电动势，此自感电动势的作用是（）L/WVWA.■使电路的电流减小，最后由Io减小到零B.有阻碍电流增大的作用，最后电流小于IoC.有阻碍电流增大的作用，因而电流总保持不变D.有阻碍电流增大的作用，但电流还是增大，最后变为2Io解析：S闭合，电路中电阻减小，电流增大，线圈产生的自感电动势的作用是阻碍原电流的增大，选项A错误；阻碍电流增大，不是不让电流增大，而是让电流增大的速度变慢，选项B、C错误；最后达到稳定时，电路中总电流为I==2I0,故选项D正确.答案：D.（多选）如图甲、乙电路中，电阻R和自感线圈L的电阻都很小.闭合S,使电路达到稳定，灯泡A发光，则（）甲乙甲乙A.在电路甲中，断开S,A将渐渐变暗.在电路甲中，断开S,A将先变彳#更亮，然后渐渐变暗C.在电路乙中，断开S,A将渐渐变暗D.在电路乙中，断开S,A将先变彳#更亮，然后渐渐变暗解析：在电路断开时，电感线圈的自感电动势阻碍原电流减小，此时电感线圈在电路中相当于一个电源，表现为两个方面：一是自感电动势所对应的电流方向与原电流方向一致；二是在断电瞬间，自感电动势所对应的电流大小与原电流的大小相等，以后以此电流开始缓慢减小到一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的题图甲中，灯泡A与电感线圈L在同一个支路中，流过的电流相同，断开开关S时，线圈L中的自感电动势要维持原电流不变，所以，开关断开的瞬间，灯泡A的电流不变，以后电流渐渐变小.因此，灯泡A渐渐变暗.题图乙中，灯泡A所在支路的电流比电感线圈所在支路的电流要小（因为电感线圈的电阻很小）,断开开关S时，电感线圈的自感电动势要阻碍电流的变小，此瞬间电感线圈中的电流不变，电感线圈相当于一个电源给灯泡A供电.因此，反向流过A的电流瞬间要变大，然后渐渐变小，所以灯泡A要先更亮一下，然后渐渐变暗.答案：AD8.如图所示，L为自感线圈,a是一个灯泡,在S闭合瞬间,AB两点电势相比,点电势较高，在S断开瞬间，A、B两点电势相比,点电势较高.解析：开关闭合的瞬间，线圈的自感作用将阻碍电流的增加，故A端电势高；开关断开的瞬间线圈中自感电动势的方向与原电流方向相同，B端电势高.答案：ABB组1.（多选）线圈通以如图所示的随时间变化的电流，则（）A.0~ti时间内线圈中的自感电动势最大B.ti~t2时间内线圈中的自感电动势最大C.t2~t3时间内线圈中的自感电动势最大D.tl~t2时间内线圈中的自感电动势为零解析：线圈中的自感电动势与通入白电流的变化率成正比，即E8.根据图象分析：0~tl时间内的电流变化率小于t2M3时间内的电流变化率，A错误,C正确；tl~t2时间内的电流变化率为零，自感电动势为零，B错误，D正确.答案：CD.（多选）如图所示，闭合电路「中的螺线管可自由伸缩，螺线管有一定的长度，这时灯泡具有一定的亮度，若将一软铁棒从螺线管右边迅速插入螺线管内，则将看到（）®'I-A.灯泡变暗B.灯泡变亮C.螺线管缩短D.螺线管伸长解析：通电螺线管周围存在磁场，软铁棒插入其中，软铁棒迅速被磁化引起螺线管磁通量的增加，产生感应电流引起灯泡变暗.每匝线圈之间吸引力减小，螺线管伸长，A、D又IB、C错.答案：AD.在生产实际中，有些高压直流电路含有自感系数很大的线圈，当电路中的开关S由闭合到断开时，线圈会产生很高白^自感电动势，使开关S处产生电弧，危及操作人员的人身安全.为一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的解析：闭合S时，二极管处于反向截止状态，不影响电路正d常工作.断开S时，由于自感现象，线圈跟二极管D组成闭合回路，此时二极管处于正向导通，可以避免电弧的产生，故选项D正确.答案：D.如图所示的电路中，两个灵敏电流表G和G的零点都在刻度盘中央，当电流从“+”接线柱流入时，指针向右摆；电流从“-”接线柱流入时，指针向左摆.在电路接通后再断开的瞬间，下列说法中符合实际情况的是（）A.Gi表指针向左摆，G2表指针向右摆B.Gi表指针向右摆，G2表指针向左摆C.G、G表的指针都向左摆D.G、G表的指针都向右摆解析：电路接通后线圈中电流方向向右，当电路断开时，线圈中电流减小，产生与原方向相同的自感电动势，与G和电阻组成闭合回路，所以G中电流方向向右，G2中电流方向向左，即G指针向右摆，G2指针向左摆,B项正确.答案：B.在如图所示的电路中，两个相同的小灯泡Li和L2分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器R闭合开关S后，调整R使Li和L2发光的亮度一样，此时流过两个灯泡的电流均为I,然后断开S.若t'时刻再闭合S,则在t'前后的一小段时间内，正确反映流过Li的电流ii、流过L2的电流i2随时间t变化的图象是（）一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的2:户解析：闭合S后，由于电感线圈的自感作用,i1逐渐增大，最终达到稳定值，而i2直接从某一最大值减小到某一稳定值后保持不变，所以选项B正确.答案：B.（多选）如图所示电路中，自感系数较大的线圈L其直流电阻不计，下列操作中能使电容器C的A板带正电的是（）A.S闭合的瞬间B.S断开的瞬间C.S闭合电路稳定后D.S闭合、向右移动变阻器触头解析：S闭合电路稳定时，.线圈两端没有电势差，电容器两板不带电;S闭合瞬间，电流增大，线圈产生自感电动势方向与电流方向相反，使B板带正电;S断开的瞬间，或向右移动滑动变阻器滑片时，电流减小，线圈产生.自感电动势的方向与电流方向相同，使A板带正电，B、D项正确.答案：BD.（多选）如图所示，是一种延时开关的原理图，当Si闭合时，电磁铁F将衔铁D吸下，C线路接通；当S断开时，由于电磁感应作用，D将延迟一段时间才被释放.则（卜SiA.由于A线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用.由于B线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用C.如果断开B线圈的开关包无延时作用D.如果断开B线圈的开关包延时将变长解析：线圈A相当于条形磁铁，其产生的磁场随线圈A中的电流的增大而增大，随线圈A中的电流的减小而减小，而电流的变化可以通过开关的闭合、断开来实现，从而引起线圈B中磁通量变化而产生感应电流.S2闭合时，Si断开瞬间，线圈A在线圈B中产生的磁场减弱，线圈B产生感应电流，产生的磁场吸引衔铁D,使衔铁D延迟一段时间释放，选项B正确；若S2断开时,Si断开瞬间，线圈B中不会产生感应电流，将起不到延时作用，选项C正确.一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的答案：BC7涡流、电磁阻尼和电磁驱动课时演练•促提升aH.电磁炉是利用电磁感应现象产生的涡流，使锅体发热从而加热食物.下列相关的说法中正确的是（）A.锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关B.电磁炉中通入电压足够高的直流电也能正常工作C.金属或环保绝缘材料制成的锅体都可以利用电磁炉来烹饪食物D.电磁炉的上表面一般都用金属材料制成，以加快热传递、减少热损耗解析：涡流是高频交变电流产生的磁场引起的电磁感应现象，故选项A正确,B错误；电磁炉表面一般用绝缘材料制成，避免产生涡流，锅体用金属制成，利用涡流加热物体，故选项CD错误.答案：A.如图所示，在一个绕有线圈的可拆变压器铁芯上分别放一小铁锅水和一玻璃杯水，给线圈通入电流一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是（）A.恒定直流、小铁锅B.恒定直流、玻璃杯C.变化的电流、小铁锅D.变化的电流、玻璃杯解析：通入恒定电流时，所产生的磁场不变，不会产生感应电流.通入变化的电流，所产生的磁场发生变化，在空间产生感生电场，铁锅是导体，感生电场在导体内产生涡流，电能转化为内能，使水温升高.涡流是由变化的磁场在导体内产,生的，所以玻璃杯中的水不会升温，故C正确.答案：C.如图所示，蹄形磁铁的两极之间放置一个线圈abcd,磁铁和线圈都可以绕OO轴转动，当磁铁按图示方向绕OO轴转动，线圈的运动情况是铁按图示方向绕OO轴转动，线圈的运动情况是（）A.-俯视，线圈顺时针转动，转速与磁铁相同B.俯视，线圈逆时针转动，转速与磁铁相同C.线圈与磁铁转动方向相同，但转速小于磁铁的转速D.线圈静止不动解析：磁铁相对线圈转动，通过线圈的磁通量发生变化，线圈中产生感应电流，则线圈受安培一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的力作用，阻碍两者的相对运动，由“来拒去留”可知线圈跟着磁铁同方向转动.如果转速相同，,则没有相对运动，线圈中不产生感应电流，线圈不受安培力作用，则线圈不会转动，所以线圈与磁铁转动方向相同，但转速小于磁铁转速.答案：C4.如图所示，使一个铜盘绕其竖直的轴OO转动，且各种摩擦等阻力不计.现把一个蹄形磁铁移近铜盘，则（）A.铜盘转动将变慢B.铜盘转动将变快C.铜盘仍以原「来的转速转动D.铜盘的转动速度是否变化，要根据磁铁的上下两端的极性来决定解析：当一个蹄形磁铁移近铜盘时，铜盘转动切割磁感线，产生感应电流，由楞次定律可知其感应电流受的安培力阻碍其相对运动，所以铜盘的转动将变慢.本题也可以从能量守恒的角度去分析，因为铜盘转动切割磁感线，产生感应电流，铜盘的机械能不断转化成电能，铜盘转动会逐渐变慢，故正确选项为A.答案：A5.如图所示，矩形线圈放置在水平薄木板上，在薄木板的下面有两块相同的蹄形磁铁，四个磁极之间的距离相等.当两块磁铁匀速向右通过线圈时，线圈仍静止不动，那么线圈受到木板的摩擦力方向是（）A.先向左，后向右B.先向左、后-向右、再向左一直向右一直向左解析：根据电磁感应现象中的“来拒去留”知，当两磁铁靠近线圈时，线圈要阻碍其靠近，线圈有-向右移动的趋势，受木板的摩擦力向左；当磁铁远离线圈时，线圈要阻碍其远离，仍有向右移动的趋势，受木板的摩擦力方向仍是向左的，故选项D正确.答案：D6.（多选）如图所示是电表中的指针和电磁阻尼器的结构，下列说法中正确的是（）A.2是磁铁，在1中产生涡流B.1是磁铁，在2中产生涡流C.该装置的作用是使指针能够转动D.该装置的作用是使指针能很快地稳定解析：这是涡流的典型应用之一.当指针摆动时,1随之转动,2是磁铁，那么在1中产生涡一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的流,2对1的安培力.将阻碍1的转动.不管1向哪个方向转动,2对1的效果总起到阻尼作用.所以它能使指针很快地稳定下来.答案：AD.（多选）如图所示，abcd是一小金属块，用一根绝缘细杆挂在固定点Q使金属块绕在直线OO'两边来回摆动，Q的正下方有一水平方向的匀强磁场区域，磁感线方向跟纸面垂直，若摩擦和空气阻力均不计，则（）,都会产生感应电流,金属块中无感应电流,都会产生感应电流,金属块中无感应电流A.金属块进入或离开磁场区域时.金属块完全进入磁场区域后C.金属块开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后将不再减小D.金属块摆动过程中，机械能会完全转化为金属块中产生的电能解析：在小金属块进入或离开磁场时有感应电流产生，完全进入磁场后无感应电流，故可知小金属块最终将做一个等幅摆动.答案：ABC8.（多选）如图所示，A、B为大小、形状均相同且内壁光滑，但用不同材料制成的圆管，竖直固定在相同高度.两个相同的磁性小球，同时从A、B管上端的管口无初速度释放，穿过A管的小球比穿过B管的小球先落到地面.下面对于两管描述可能正确的是（）AA管是用塑料制成的，B管是用铜制成的.A管是用铝制成的，B管是用胶木制成的CA管是用胶木制成的，B管是用塑料制成的D.A管是用胶木制成的，B管是用铝制成的解析：磁性小球穿过金属圆管过程中，将圆管看作由许多金属圆环组成，小球的磁场使每个圆环中产生感应电流，根据楞次定律，该电流阻碍磁性小球的下落，小球向下运动的加速度小于重力加速度；小球在塑料、胶木等非金属材料圆管中不会产生感应电流，小球仍然做自由落体运动，穿过塑料、胶木圆管的时间比穿过金属圆管的时间少^答案：AD.（多选）如图所示，在光滑水平面上固定一条形磁铁，有一小球以一定的初速度向磁铁方向运动，如果发现小球做减速运动，则小球的材料可能是（A.铁B.木C.铜D.铝答案：CDB组，细线从一水平，金属圆环中穿过.如图所示，一质量为，细线从一水平，金属圆环中穿过一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的现将环从位置I释放，环经过磁铁到达位置n,设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为Fti和Ft2,重力加速度大小为g,则（）、一VA.FTi>mgFT2>mgB.FTi<mgFT2<mgC.FTi>mgFT2<mgD.FTi<mgFT2>mg解析：由楞次定律推论可知，圆环在磁铁上端和下端附近时，均受到磁铁向上的安培力作用，由牛顿第三定律可知，圆环对磁铁的作用力均向下，故FTi>mgFT2>mgA项正确.答案：A.一个半径为r、质量为m电阻为R的金属圆环，用一根长为L的绝缘细绳悬挂于O点，离O点下方处有一宽度为、垂直纸面向里的匀强磁场区域，如图所示,现使圆环从与悬点O等高位置A处由静止释放（细绳张直，忽略空气阻力）,摆动过程中金属环所在平面始终垂直磁场，则在达到稳定摆动的整个过程中金属环产生的热.量是（）2]-许一=-父-mA.mgLB.mg+r）C.mg（L+r）D.mgjL+2r）解析：线圈在进入磁场和离开磁场时，磁通量发生变化，产生感应电流，机械能减少.最后线圈在磁场下面摆动，机械能守恒,在整个过程中减少的机械能转变为焦耳热，在达到稳定摆动的整个过程中，金属环减少的机械能为mgL+r）.答案：C.（多选）机场的安检门可以利用涡流探测人身上携带的金属物品，安检门中接有线圈，线圈中通以交变电流，关于其工作原理，以下说法正确的是（）A.人身上携带的金属物品会被地磁场磁化，在线圈中产生感应电流B.人体在线圈交变电流产生的磁场中运动，产生感应电动势并在金属物品中产生感应电流C.线圈产生的交变磁场会在金属物品中产生交变的感应电流D.金属物品中感应电流产生的交变磁场会在线圈中产生感应电流解析：一般金属物品不一定能被磁化，且地磁场很弱，即使金属被磁化磁性也很弱，作为导体的人体电阻很大，且一般不会与金属物品构成回路，故A、B错误；安检门利用涡流探测金属物品的工作原理是：线圈中交变电流产生交变磁场，使金属物品中产生『涡流，故C正确；该涡流产生的磁场又会在线圈中产生感应电流，而线圈中交变电流的变化可以被检测到，故D正确.答案：CD.如图所示是著名物理学家费曼设计的一个实验，在一块绝缘板中部安装一个线圈，并接有电源，板的四周有许多带负电的小球，将整个装置悬挂起来，当闭合开关瞬间，整个圆盘将（）一个人能走多远，靠的不是眼睛，而是眼光，一件事能做多久，靠的不是心血来潮，而是坚持

想要的自己去争取，这个世界，唯有努力才会给你安全感！鲜花和掌声，永远都是你付出之后才会得到的A.顺时针转动一下B.逆时针转动一下C.顺时针不断转动D.逆时针不断转动解析：开关闭合瞬间，穿过带电小球所在空间向下的磁通量突然增加，由楞次定律知，在带电小球所处空间将产生逆时针方向（从上往下看）的电动势（确切讲，应为逆时针方向电场）,从而使带负电小球受到顺时针方向作用力，由于该变化是瞬间的，故选项A正确.答案：A.如图所示是高频电磁炉的工作示意图，它是采用电磁感应原理产生涡流加热的，它利用变化的