计算机网络吴功宜第三版课后习题解答精编版

最新资料推荐最新资料推荐⑴[(300X1024+60)X8/10000000]X9X103+[(100X1000)/2X108]X7X103+8X1=2223.8ms(2)[(2X1024+20)X8/10000000]X9X103+[(100X1000)/2X108]X7X103+8X1+[(2X1024+20)X8/10000000]X149X103=26.39+246.51=272.9ms第二章网络体系结构与网络协议P621．请举出生活中的一个例子来说明“协议”的基本含义，并举例说明网络协议三要素“语法”、“语义”与“时序”的含义与关系协议是一种通信规则例：信件所用的语言就是一种人与人之间交流信息的协议，因为写信前要确定使用中文还是其他语言，否则收信者可能因语言不同而无法阅读三要素：语法：用户数据与控制信息的结构与格式，以及数据出现顺序语义：解释比特流的每一部分含义，规定了需要发出何种控制信息，以及完成的动作和作出的响应时序：对实现顺序的详细说明2．计算机网络采用层次结构的模型有什么好处？1)各层之间相互独立灵活性好各层都可采用最合适的技术来实现，各层实现技术的改变不影响其他层易于实现和维护5）有利于促进标准化ISO在制定OSI参考模型时对层次划分的主要原则是什么？1） 网中各结点都具有相同的层次2） 不同结点的同等层具有相同的功能3） 不同结点的同等层通过协议来实现对等层之间的通信4） 同一结点内相邻层之间通过接口通信5） 每个层可以使用下层提供的服务，并向其上层提供服务如何理解OSI参考模型中的“OSI环境”的概念？“OSI环境”即OSI参考模型所描述的范围，包括联网计算机系统中的应用层到物理层的7层与通信子网，连接结点的物理传输介质不包括在内请描述在OSI参考模型中数据传输的基本过程1） 应用进程A的数据传送到应用层时，加上应用层控制报头，组织成应用层的服务数据单元，然后传输到表示层2） 表示层接收后，加上本层控制报头，组织成表示层的服务数据单元，然后传输到会话层。依此类推，数据传输到传输层3） 传输层接收后，加上本层的控制报头，构成了报文，然后传输到网络层4） 网络层接收后，加上本层的控制报头，构成了分组，然后传输到数据链路层5） 数据链路层接收后，加上本层的控制信息，构成了帧，然后传输到物理层6） 物理层接收后，以透明比特流的形式通过传输介质传输出去6．TCP/IP协议的主要特点是什么？1）开放的协议标准，可免费使用，并且独立于特定的计算机硬件与操作系统2）独立于特定的网络硬件，可以运行在局域网、广域网，更适用于互联网中3）统一的网络地址分配方案，使整个 TCP/IP设备在网中都具有唯一的地址4）标准化的高层协议，可以提供多种可靠的用户服务7.Internet技术文档主要有哪两种形式？为什么说RFC文档对从事网络技术与研究与开发的技术人员是重要的？如果需要有关 IP协议的RFC791文档，知道如何去查找吗？（知识点在： P56）答：因特网草案和RFC文档。因为RFC文档是从事网络技术研究与幵发的技术人员获得技术发展状况与动态重要信息的来源。可以输入网址：/rfc.html, 然后在提示的位置输入RFC文档的编号791即可，当然也可从RFCEditor的站点或全球的几个镜象站点得到。第三章物理层P103已知：电话线路带宽B=3000Hz根据奈奎斯特准则，求：无噪声信道的最大数据传输速率为多少？（知识点在： P85）解：2X3000Hz=6000bps（奈奎斯特准则，公式Rmax=2B已知：S/N=30db,带宽B=4000Hz根据香农定理，求：有限带宽、有热噪声信道的最大数据传输速率为多少？（知识点在：P85-86）解：信噪比通常以分贝（db）表示，如果信噪比S/N为1000，根据信噪比计算公式：S/N（db）=10lg（S/N）因此：30=10lg（S/N）——>S/N=1000［香农定理，公式Rmax二Blog2(1+S/N)］得：Rmax=400(XIog2(1+1000)=4000X10=40000bps=40kbps其中：S/N――信噪比，是指信号功率 S与噪声功率N之比。已知：数据传输速率为14400bps，多相调制的相数k=16.求：调制速率。(知识点在：P80)解：比特率S(单位为bps)与调制速率B(单位为baud)之间关系可以表示为：S=Blog2k，式中k为多相调制的相数。14400bps=BXlog216，得3600baud。已知：S/N=30db,带宽B=3000Hz采用QPSK-16调制方式。求：最大调制速度是多少？(知识点在：P85-86)解：QPS——正交相移键控， QPSK-16是:16相调相。信噪比通常以分贝(db)表示，如果信噪比S/N为1000，根据信噪比计算公式：S/N(db)=10lg(S/N)因此：30=10lg(S/N)——>S/N=1000［香农定理，公式Rmax=Blog2(1+S/N)］得：Rmax=3000Xlog2(1+S/N)，所以有：Rmax=3000Xlog2(1+1000)=3000X10=30000bps(公式Rmax=Bmaxlog2K得：30000=Bmaxlog216所以：Bmax=7500baud。请根据QAMM制中波特率与相数，计算对应的比特率值。(S=Blog2K)解：已知：FDM系统的一条通信线路的带宽为200kHz，每一路信号带宽为4.2kHz，相邻信道之间的隔离带宽为0.8kHz。求：这条线路可以传输多少路信号？(知识点在：P89)解：FDM系统是频分多路复用系统，它是以信道频率为对象，通过设置多个频带互不重叠的信通，达到同时传输多路信号的目的。200/(4.2+0.8)=40条即：可以容纳40条传输信道。已知：A=01011011.画出A的差分曼彻斯特编码的波形。(知识点在：P81)解：如果主机的数据发送速率达到100Mbps,采用曼彻斯特编码，那么相应的时钟频率应该为多少？(知识点在： P82)解：当采用曼彻斯特编码时，在每个调制的周期内，波形将会跳动两次，则数据传送速率将是波特率的二分之一。如果设波特率是xbaud，则：0.5x=100，所以：x=200baud.即:数据传输速率为100Mbps如果采用曼彻斯特编码，波特率将达200Mbps也就是说，传输信号的信道带宽至少为200MHz也就是说：相应的时钟频率应该为200MHz已知：SONET定义的OC-1速率为51.840Mbps。计算：STM-4对应的速率为多少？(知识点在：P91)解：SONE——同步光纤网；SDH同步数字体系；OC定义的是光纤上传输的光信号速率。STS定义的是数字电路接口的电信号传输速率；STM是电话主干线路的数字信号速率标准。OC-1――第1级光载波。因为：SONET定义的线路速率标准是以第 1级同步传输信号STS-1(51.840Mbps)为基础的，与其对应的是第1级光载波OC-1(51.840Mbps)。

以SONE■为基础，制定SDHSDH信号中最基本的模块是STM-1,对应STS-3,速率为51.840MbpsX3=155.520Mbps。更高等级的STM-n是将STM-1同步复用而成。4个STM-1构成1个STM-4所以有：155.520MbpsX4=622.080Mbps。答：STM-4速率为622.080Mbps。在CDM;系统中，4个站的码片序列分别为：A．(-1+1-1+1+1+1-1-1)(-1-1+1-1+1+1+1-1)(-1-1-1+1+1-1+1+1)(-1+1-1-1-1-1+1-1 )现在接受到码片序列为S现在接受到码片序列为S：(-1+1-3+1-1-3+1+1)。请判断：是哪个站发送的数据？发送的二进制数是0还是1？（知识点在：P99）解：CDM—A—码分多址，基本思想：给每一个用户手机（简称为“站” ）分配一种经过特殊挑选的不同码型，使得不同站可以在同一时刻、使用同一个信道而不互相干扰。下面计算向量内积：AXS/8=0——>A站没有发送BXBXS/8=-8/8=-1>B站发送了0CXS/8=1——>C站发送了1DXS/8=1——>D站发送了1综上所述，结论如下： （A）A站没有发送（B）B站发送了0（C）C站发送了1（D）D站发送了1第四章数据链路层P133如果数据字段为11100011，生成多项式G(X)=X5+X4+X+1请写出发送的比特序列，并画出曼彻斯特编码序号波形图。解：G(X)――>110010f(x).xk=1110001100000f(x).xk/G(X)的余数是：11010所以，发送的比特序列：1110001111010曼彻斯特编码序号波形图是：答案：发送的比特序列：1110001111010对应的Manchester编码波形：某个数据通信系统采用CRC校验方式，并且生成多项式G(x)的二进制比特序列为11001，目的主机接收到的二进制比特序列为110111001(含CRC检验码)。请判断传输过程是否出现了差错？为什么？解：用目的主机接收的比特序列110111001除以G(x)的比特序列11001,余数为：10，不能整除，所以出现传输差错。在后退重传(GBN方式中，发送方已经发送了编号为0〜7的帧。当计时器超时之时，只收到编号0,2,4,5,6,的帧，那么发送方需要重发哪几个帧？解：后退重传(GBN，发送方需要重发编号为1~7的共7个帧。6在选择重传(SR方式中，发送方已经发送了编号为 0〜7的帧，当计时器超时之时，只收到编号0,2,4,5,6的帧，那么发送方需要重发哪几个帧？解：选择重传(SR:发送方需要重发编号为1、3、7三个帧。在数据传输速率为100Kbps的卫星链路上传输长度为1000bit的帧。如果采取捎带确认的方法，帧序号长度为3bit，接受方也用同样长度的数据帧捎带确认。请计算下面两种情况下的最大信道利用率。 (1)停止-等待协议。 (2)连续传输协议。解：本题有问题，主要是缺少传播延时。不知答案是怎么来的？(1)停止-等待协议的信道最大利用率为 3.57%。(2)连续传输协议的信道最大利用率为12.90%。外地子公司租用Modem与公司网络连接。如果Modem数据传输率为3600bps,以异步传输方式传输，每个字节加1bit起始位、1bit的终止位。传输的数据长度为72X106字节。忽略线路传播延时。问：发送数据最少需要多少时间？ 解：72X106X（8+2）/3600=2X105发送数据最少用2X105（s）已知：HDLC的监控帧的结构如图4-28所示。标志字段F地址字段A控制字段C信息字段I帧校验字段FCS标志字段F（8位）（8位）（8位）（长度可变） （16位）（8位）b0