2022届福建省永定区第二初级中学中考考前最后一卷物理试卷含解析_第1页
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文档简介

2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1.科博会上中外多款智能机器人齐亮相:当幼教机器人和小朋友比赛背古诗时,下列有关说法正确的是()A.机器人的声音是由振动产生的B.机器人的声音可以在真空中传播C.能区分机器人和小朋友的芦音主要是因为他们的响度不D.校器人的内音在空气中传播速度是3×104m/s2.物理实验课上,某小组配制了一杯盐水,利用天平和量筒测量这杯盐水的密度,实验过程如下:(1)将天平放在水平桌面上,将_____调至标尺左端的零刻度线处,并调节横梁两端的平衡螺母,使指针指在分度盘的中线处。(2)用天平测出烧杯和杯中盐水的总质量为275g。(3)将烧杯中盐水的一部分倒入量筒中,如图甲所示,量筒中盐水的体积为_____cm3。(4)用天平测出烧杯中剩余的盐水和烧杯的总质量如图乙所示,通过计算得出盐水的密度为_____kg/m3。(5)做完该实验后,组内的同学又想到了一个测量盐水密度的方法。他向老师借来了已知体积为V的金属块,还有细线,借助调平的天平(有砝码)测出了盐水密度。他的实验步骤如下:①把装有适量盐水的烧杯置于天平托盘中,用细线拴着金属块使其浸没在盐水中(不碰触烧杯底部和侧壁,烧杯中无盐水溢出),用天平测出此时质量为m1。②从天平上取下烧杯,将金属块从烧杯中取出,用天平测出_____m2。③盐水密度的表达式为ρ盐水=_____(用字母表示)。④测出盐水的密度与真实值相比_____(填“偏大”、“偏小”或“不变”),其原因是_____。3.用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近一个轻质绝缘小球,发现两者互相吸引,由此可判断A.小球可能不带电 B.小球一定带负电C.小球可能带正电 D.小球一定带正电4.2008年奥运会在北京举行,在奥运会相关比赛项目中,下列说法错误的是A.赛艇比赛运动员用的船桨属于省力杠杆B.游泳比赛运动员向后划水是应用力的相互作用C.3m跳板跳水运动员起跳时用力蹬跳板是要利用跳板的弹性势能D.在4×100m接力中,为保证交接棒顺利进行,交接棒时两运动员尽可能做到相对静止5.在探究“电流与电阻关系”的实验中,实验室提供了如下器材:电源(电源电压3V保持不变)、滑动变阻器R0(0~20Ω)、电阻箱(0~9999Ω)、电压表(0~3V)、电流表(0~0.6A)、开关各一个、导线若干.依据如图所示的电路,各小组同学保持电阻R两端的电压U=2V不变,记录了六组数据,并绘制成图象.请你根据所学的知识和给定的器材,选择出比较合理的图象A.B.C.D.6.扬州四季分明,下列物态变化现象中,属于凝华现象的是A.河面上的“热气” B.树叶上的露珠C.窗户外的雾 D.草地上的霜7.如图甲所示,小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧.从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中,得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系,如图乙所示,其中b为曲线最高点.不计空气阻力,弹簧在整个过程中始终发生弹性形变,则小球A.受到的弹力始终不变 B.运动过程动能一直增大C.运动过程机械能不变 D.在b点时重力等于弹力二、填空题(本大题7小题,共21分)8.张红同学在学习了压强的知识后,取两张白纸,让其平行地自然下垂,如图所示。她向两纸中间用力吹气,观察到的现象是______。由此说明流体流动时,流速大的地方压强______填“大”、“小”或“不变”。9.2019年4月1日钦州市一产业园区中发生一起越野车失控撞上隔离带的事故,经调查,是由于雨天路滑车辆速度过快所致。事故原因是因车辆在马路上行驶过快,_____过大造成的。10.图所示的弹簧测力计的示数是_____N.11.根据图所示的电流方向,判断通电螺线管的右端是_____极。(选填“N”或“S”)。12.如图所示,分别用定滑轮、动滑轮把重力相同的甲、乙两物体(G甲=G乙)在相同时间内匀速提升相同的高度(不计摩擦),则所用拉力F甲_____F乙,机械效率η甲_____η乙.(选填“>”、“<”或“=”)13.关于重力的方向可利用如图所示的装置来探究:随着β角的改变,悬线OA与水平面的夹角将_____(选填“改变”或“保持不变”),据此可知,重力方向总是_____,在进一步探究小球A所受重力的大小时,弹簧测力计对A的拉力大小等于A受到的重力,是因为它们是一对_____.14.高压锅是生活中一种密闭的加热容器.锅盖中央有一出气孔,孔上盖有限压阀,当锅内气压达到限定值时,限压阀被锅内气体顶起放出部分气体,实现了对锅内气体压强的控制.如图所示,某高压锅锅体的内底面积为S,侧壁竖直,出气孔横截面积为S0,限压阀质量为m0,限压阀顶部面积为S1(已知大气压强为p0).液体沸点与气压的关系是_____;使用高压锅时锅内气体的最大压强是_____.三、作图题(共7分)15.某人站在小车里,随小车在水平地面上做匀速直线运动,画出人的受力示意图.16.按要求作图如图,质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上,A点是它的重心,如果用力只使物体一端稍微离开地面,在物体上画出所施加最小力的示意图及其力臂.(_______)17.2012年6月,我国自主设计的载人潜水器“蛟龙号”,实验下潜7000m达到一个新的深度.试验经历了以下主要过程:母船用新型的吊装设备将潜水器投放到海中;潜水器缓慢竖直下潜和上升;吊装设备将潜水器吊上母船.如图是母船的吊装设备的示意图,图中虚线框中是滑轮组(未画出),电动机拉放滑轮组绳子自由端,挂钩挂着潜水器.吊装设备缓慢地将潜水器投放到海中,然后,潜水器下潜用时t1=6h,到达7000m出停留t2=0.5h,上升用时t3=3.5h.潜水器上升到海面后,挂钩挂着潜水器离开水面后,缓慢匀速竖直上升高度h=6m,在这个过程中电动机拉滑轮组绳子自由端的拉力F1=5.5×104N,滑轮组的机械效率η=80%.已知潜水器总质量(含潜水员)m=2.2×104kg,体积V=20m3,水的密度ρ1=1.0×103kg/m3,海水的密度ρ2=1.03×103kg/m3,g取10N/kg.不计绳和挂钩的质量,不考虑空气阻力,不考虑潜水器离开海面后海水对潜水器质量的影响.求:吊装设备将潜水器投放至刚被海水浸没时,挂钩的拉力是多大?潜水器从开始下潜到返回海面的整个过程中,平均速度是多少米/秒?滑轮组中,与动滑轮相连的绳子是多少段?四、实验题(本大题共5小题,共20分)18.甲、乙两位同学做“用电流表、电压表测电阻”实验.两位同学所用器材完全相同,电源电压为6V,待测电阻的阻值约为10Ω,滑动变阻器标有“20Ω1.5A”.甲同学设计的测量电路如图(a).①在开关闭合前,滑动变阻器的滑片应置于最_____端;②导线A、B、C、D中有一根连接错误,这根导线是_____;③改正连接错误并闭合开关后,小华发现无论怎样调节滑动变阻器,电压表示数不为零.且保持不变,而电流表示数始终为零,已知导线及各接线柱连接完好,则电路中的故障是_____.④改正故障后,甲同学闭合开关,将滑动变阻器的滑片P移到某一位置时,两电表示数如图(b),由此可求得此时测得电阻值Rx=_____.乙同学将测得的三组数据记录在表格中,甲同学发现乙同学的实验数据存在问题,请你判断甲同学说的是否正确_____(选填“是”或否“),并简述你的理由_____.物理量实验序号电压(V)电流(A)电阻(Ω)电阻平均值(Ω)110.1//23.50.34/340.42/19.小明在研究物体的浮沉时,发现铁块放入水中下沉,塑料块浸没在水中后上浮,为进一步探究物体的浮沉条件,他找来了下列器材:弹簧测力计、一杯水、细线、铁块A、塑料块B和塑料块C(B与A体积相同,C与A质量相同).他按图甲和乙进行了实验,测出铁块受到的浮力大小为_____,并与重力比较,由此得出了物体下沉的条件.实验时,他无意中发现增大铁块浸没在水中的深度,某一时刻测力计的示数会突然变小,示数变小的原因是:_____.为探究物体上浮的条件,他选择了合适的塑料块,利用现有器材在题中(1)实验的基础上,增加一个实验步骤就完成了探究.①选择的塑料块是_____(B/C).②增加的步骤:用弹簧测力计测出上面①中塑料块的重力G.③当满足_____(用测得的物理量表示)条件时,物体上浮.20.下面为王锐同学在实验室做的一组探究实验,请根据实验情景回答问题。如图1所示,将两个表面光滑的铅块相互紧压后黏在一起说明_____。如图2所示是“探究不同物质吸热的情况”的实验。将质量相等的水和煤油分别装在两个相同的烧杯中,然后用两个相同的酒精灯加热并不断搅拌,每隔2min记录一次温度,实验记录如表:加热时间/min02468温度/℃煤油2022242628水2021222324①本次实验采用的科学方法是_____。A.控制变量法B.理想实验C.比值定义法D.类比法②分析表格数据可知:升高相同的温度,吸收热量少的物质是_____。如图3所示,电压表的示数为_____V。21.课堂上老师运用单摆演示动能与重力势能的相互转化,小雨看到单摆小角度不停往复摆动.(提出问题)单摆小角度往复摆动一次的时间与哪些因素有关呢?(猜想与假设)猜想一:可能与摆球的质量有关;猜想二:可能与摆动的幅度有关;猜想三:可能与绳长有关;(制定计划与设计实验)为了验证猜想是否正确,他设计了如图所示的装置,用系有细线(线长L可调)的小球制作了一个单摆进行了如下探究(摆动角度均较小):(1)如图甲所示,用细线系住一个小球,保持细线的长度一定,使小球从A点由静止释放,改变OA(O固定悬点)的连线与竖直方向的夹角θ以改变小球摆动的幅度,测出小球在AB间往复运动一次所用的时间t与θ的关系如下表所示,由此可得出摆球小角度重庆复摆动一次的时间与摆动的幅度______(选填“有关”或“无关”)。θ/度46810t/秒2.02.02.02.0(2)用细线系住一铁球,改变细线的长度,使小球以较小的幅度在竖直面内CD之间摆动,用频闪相机(保持曝光时间间隔相等)拍摄小球由C运动至D的过程中的位置如图乙、丙所示(除C位置外,其余细线未画出),由此分析可知,单摆的摆长L越长,往复摆动一次的时间越______(选填“长”或“短”),由此可得出猜想_______是正确的。(交流与应用)(3)由表中实验记录可知,单摆来回摆动一次时间较短,直接测量摆动一次的时间误差较大,为减小误差,应_________。(4)生活中若摆钟走慢了,应如何调整钟摆的长度?_________。22.小明做“测量小灯泡电功率”实验,实验室有如下器材:电源(电压恒为6V)、小灯泡(额定电压为2.5V,灯丝电阻约为10Ω)、电流表、电压表、开关各一个、规格分别为R1“10Ω1A”和R2“50Ω0.5A”的滑动变阻器各一个、导线若干。(1)请用笔画线代替导线将图甲中实物电路图连接完整。(_________)(2)为了能够顺利完成实验探究,他应选用滑动变阻器_____________(选填“R1”或“R2”)(3)正确连接电路后,闭合开关,若小灯泡不亮,电流表无示数,电压表有示数,原因是____________________。(4)排除故障后,移动滑动变阻器滑片P的位置,得到多组电压值和电流值,小灯泡U—I图象如图乙所示,小灯泡的额定功率为______W。小灯泡正常发光的电阻为_________Ω,由图乙发现灯泡电阻是变化的,影响其变化的主要原因是____________________________________________。(5)小明打算利用一个阻值为10Ω的定值电阻R0,只利用一只电表,通过图中操作单刀双掷开关(开关S接“a”、“b”各一次)来测量小灯泡的额定功率。如图丙、丁是他设计的两种不同方案的电路图,则以下判断正确的是___________(填字母)。A.两种方案都能B.两种方案都不能C.丙方案能,丁方案不能D.丙方案不能,丁方案能五、计算题(本大题共2小题,共13分)23.某兴趣小组探究串联电路中电阻消耗的电功率与电流的关系,电路如图甲所示.滑动变阻器的规格为“”,当滑片从最右端向最左端移动的过程中,的图象如图乙所示.求:(1)的阻值;(2)电路消耗的最大功率;(3)当消耗的电功率为时,的阻值.24.小明在桌面上放置一个质量为m、底面积为S的硬币,并沿图中箭头所示方向吹气时,发现有几次硬币竟然“起飞”了。通过课本知识的学习,小明知道了产生这一现象的原因:通过硬币上部的空气流速大、压强小,而硬币下面没有气流通过,从而对硬币产生了压力差,给了硬币向上的动力。请你解答如下问题:刚好将硬币吹起时,硬币上、下表面的压力差应为多大?若实验时空气密度为ρ0,请推导出刚好将硬币吹起时吹气速度v0的表达式。六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)25.生活处处有物理,留心观察皆学问.小明观察到汽车应用了大量物理知识.汽车的倒车雷达在使用过程中是通过___来传递信息的,它在真空中的传播速度是____.汽车尾部的导流板做成上平下凸的形状(如图),行驶时气流对导流板上面的压强___(大于/等于/小于)对导流板下面的压强.冬天的时候汽车上需要打开暖气,通常情况下,暖气应吹向车内的____方(上/下),空气受热后空气分子的运动将____.车内空气对流加快,为了便于将发动机的热量传递,供暖介质应具有___的性质.某汽车在平直公路上以108km/h的速度匀速行驶,输出功率是90kW,则车受到的阻力是____N,使汽车前进的牵引力的施力物体是____.26.某加热器有高、中、低三温档,其额定电压为220V,低温档、中温档的额定功率分别为22W和44W.简化电路如图所示,用两定值电阻R1和R2表示两电热丝,单刀双掷开关S1可接a或b.电路只闭合开关S2时,为中温档.①电流多大?②R2的阻值是多大?只让开关S1接b时,为低温档.①低温档加热5h,消耗多少kW·h的电能?②定值电阻R1两端的电压是多大?用高温档加热时,应如何操作开关?27.科学研究表明:金属杆受到拉力会伸长,在一定范围内,金属杆的伸长与它所受到的拉力F成正比。现有一金属杆,长为8m,横截面积为0.4cm2,实际使用时要求金属杆受到拉力后的伸长不超过0.4cm。由于直接对这一金属杆测试有困难,故选用同种材料制成的样品进行测试,测试时样品所受的拉力始终为2000N,通过测试取得数据如下。长度l(m)横截面积cm2伸长cm12144请分析表中数据回答下列问题:在对样品进行测试时,采用如图所示的装置,这样设计有何优点?答:______。分析样品测试数据可知,金属杆伸长的长度(伸长量)跟它的长度和______有关。根据(2)及金属杆的伸长量还与它所受到的拉力F成正比,可以得到金属杆伸长量的表达式ΔL=______。比例系数用k表示,拉力,长度和横截面积分别用F、L和S表示该金属杆P能够承受的最大拉力为______N。

参考答案一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1、A【解析】试题分析:根据声音的产生、噪声的定义、声音的特性以及传播速度等,对选项中的内容逐一判断即可.解:A、所有的声音都是有物体振动产生的,故A正确;B、声音的传播需要介质,声音不能在真空中传播,故B错误;C、能区分机器人和小朋友的声音主要是因为他们的音色不同,故C错误;D、机器人的声音在空气中传播速度是340m/s,故D错误.故选A.【点评】本题主要考查与声音相关的基础知识,包括声音的产生、噪声、音色以及声速等,难度不大.2、游码601.05×103盐水和烧杯的总质量偏大取出的金属块沾有盐水,使得m2偏小,则m1﹣m2偏大,密度偏大【解析】

(1)[1]天平的调节原则:把天平放在水平桌面上,将游码移到标尺左端的零刻度处,调节横梁上的平衡螺母使指针指在分度盘的中央;(3)[2]量筒中盐水的体积V=60ml=60cm3;(4)[3]由图可知烧杯和剩余牛奶的总质量为212g;V盐水=60cm3(5)②[4]从天平上取下烧杯,将金属块从烧杯中取出,用天平测出盐水和烧杯的总质量m2;③[5]金属块刚好浸没在盐水中时,金属块排开盐水的体积等于金属块的体积,即V排=V,金属块受到的浮力为﹣﹣﹣﹣﹣①因为金属块没有接触烧杯底和侧壁,所以金属块受到的浮力等于烧杯对天平的压力的变化量,金属块受到的浮力﹣﹣﹣﹣②,联立①②知盐水的密度为:④[6][7]取出的金属块沾有盐水,使得m2偏小,则m1﹣m2偏大,密度偏大。3、A【解析】

(1)同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引.

(2)带电体能够吸引不带电的轻小物体.【详解】用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷,将它靠近一个轻质绝缘小球,发现两者互相吸引,说明小球可以带负电荷,也可能不带电.只有A选项说法正确.【点睛】此题主要考查了带电体的性质和电荷间的相互作用,将所学的知识与生活实际联系在一起,是一道很好的题目.4、A【解析】

A、赛艇比赛运动员用的船桨在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆,故A错误;B、游泳比赛运动员向后划水,给水一个向后的力,因为物体间力的作用是相互的,水就会对运动员一个向前的力,这个力使运动员向前运动,故B正确;C、跳板跳水运动员起跳时用力蹬跳板,使跳板发生弹性形变,具有弹性势能,当跳起时,跳板的弹性势能转化为运动员的动能,使运动员跳的更高,故C正确;D、在4×100m接力中,为保证交接棒顺利进行,交接棒时两运动员就应当尽可能做到速度相同,处于相对静止状态,故D正确.5、A【解析】

在探究“电流与电阻关系”的实验中,依据如图所示的电路,各小组同学保持电阻两端的电压不变,为:U,根据串联电路分压的特点,滑动变阻器两端的电压保持不变,为:,由于串联电路的电流相等,即定值电阻中通过的电流与滑动变阻器中通过的电流相等,则,即;AD.当滑动变阻器取最大阻值时,即时,,所以定值电阻最大值只能取40.由欧姆定律可知,当电压一定时,导体中的电流与导体的电阻成反比,故D错误,A正确.BC.当时,,滑动变阻器(0~20)满足不了要求,故BC错误;故选A.6、D【解析】

A.河面上的“热气”是小水珠,是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的,故A不符合题意;B.“露”是液体,是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的,故B不符合题意;C.“雾”是液体,是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的,故C不符合题意;D.“霜”是固体,是由空气中的水蒸气遇冷形成的,是凝华,故D符合题意。7、D【解析】

A.弹簧的弹力大小与弹簧的形变有关,形变越大弹力越大,A说法错误;B.动能的大小与速度有关,在质量不变时,速度越大,物体动能越大,由乙图可得小球的速度先增大后减小,B说法错误;C.在小球与弹簧发生作用时,有能量转移,即小球的机械能转移到弹簧上,C说法错误;D.小球在b点时速度最大,小球向下的合力为零,即此时重力等于弹力,D说法正确.二、填空题(本大题7小题,共21分)8、两纸向中间靠拢小【解析】

她向两纸中间用力吹气,可以看到两张纸向中间靠拢,说明两张纸中间的压强小于外侧的压强,而中间的气体流速大于外侧气体的流速,可以得到流体流动时,流速大的地方压强小。9、动能【解析】

动能与速度有关,车辆在马路上行驶过快,速度越大,则动能越大。10、2.0【解析】

由图示弹簧测力计可知,其分度值为0.2N,一个大格为1N,故示数为2.0N.11、N【解析】

据图可以看出,此时电流从螺线管的右端流入、左端流出,利用安培定则判断可知,该螺线管的右端是N极,左端是S极。12、【解析】

图甲:由定滑轮的使用特点可知:F甲=G甲;由图乙可知:F乙=(G乙+G动),又因为G动<G所以F乙=(G乙+G动)<G,则拉力F甲>F乙,由于图乙要克服动滑轮重力做功,所以使用动滑轮做的总功多,即W甲总<W乙总,因为两物体重力相同,提升相同的高度,所以W甲有=W乙有,由η=可知,η甲>η乙.13、保持不变竖直向下平衡力【解析】

因为重力的方向总是竖直向下的,所以悬线OA由于受重力的作用就保持竖直方向不变,悬线OA与水平面的夹角将保持不变;重力的方向始终是竖直向下的,用来检查墙壁砌得是否竖直的中垂线就是根据这一原理制成的;弹簧测力计对A的拉力与A受到的重力,大小相等,方向相反,作用在同一物体上,作用在同一直线上,是一对平衡力.14、液体表面气压越大,液体的沸点越高【解析】

根据题中高压锅结构示意图以及高压锅工作原理,可知本题考查大气压的综合应用,压强大小及其计算等知识。根据液体沸点与大气压的关系判断沸点的变化;根据限压阀质量求出其重力,此时重力即为压力,利用限压阀出气口横截面积求出此时压强,再加上大气压的值即为锅内气体能达到的最大压强。锅内最大气压等于外界大气压与限压阀产生的压强之和。【详解】液体的沸点与大气压的关系:液体的沸点随着表面气压的增大而升高,随气压减小而降低。高压锅是利用气压越高,液体的沸点越高的原理制成的;已知大气压强p0,出气孔横截面积为S0,限压阀质量为m0,则限压阀重力G=m0g,当限压阀刚要被顶起时,受力平衡,锅内气体最大压强。三、作图题(共7分)15、【解析】

人站在小车里,随小车在水平地面上做匀速直线运动,由于人相对于小车是静止的,则人没有受到摩擦力,人只受到重力G和支持力F,这两个力是一对平衡力;重力从重心竖直向下画,支持力从重心竖直向上画,标出字母符号,注意两条线段的长度要相等,如图所示:【点睛】本题的关键先分析出人受到几个力,再根据人站在水平地面上处于静止状态判断几个力的大小关系,最后正确画出受力示意图.16、【解析】

由图可知,A点是长方体的重心,故以长方体的左下角为支点时,阻力臂最短,以其左下角与右上角的连线为最长动力臂时,动力最小,使物体的右端稍微离开地面,最小动力的方向斜向右上方,如图所示:17、(1)(2)(3)n="5"【解析】(1)潜水器刚被海水浸没时,潜水器受到水的浮力和自身重力以及挂钩的拉力.浮力向上,拉力向上,重力向下,根据二力平衡,拉力加浮力等于重力潜水器总重所以挂钩拉力等于(2)潜水器下潜时间t1=6h,t2=0.5h,上升用时t3=3.5h,总时间是下潜深度7000m,上升也是7000m,总路程是14000m所以(3)离开水面上升过程,已经没有浮力,上升h=6m,有用功假设有N段绳子,则有绳自由端上升Nh高度,总功机械效率解得N=5本题考查知识点多,题目陈述也比较长,但是问题的设计思路很直接,难度不高,纸老虎而已.四、实验题(本大题共5小题,共20分)18、左DRx断路9.17Ω是根据题目数据可计算出滑动变阻器R2为最大值50Ω,而题目中滑动变阻器的最大电阻为20Ω,所以序号1数据不可能存在【解析】

(1)①为保护电路,在闭合开关前,滑动变阻器的滑片应滑至最大阻值处即最左端;②由图可知,D导线使Rx短路,即Rx并未接入电路,因此D导线连接错误;③连好电路,闭合开关,移动变阻器滑片P,发现电压表有示数且保持不变,电流表无示数,说明在电压表两接线柱之间的电路是断路,即Rx处断路;④由图a知电压表的量程为0﹣3V,示数为2.2V,电流表的量程为0﹣0.6A,示数为0.24A,电阻为Rx==≈9.17Ω;(2)由题意,电源电压为6伏,当电阻两端的电压为1V时,滑动变阻器两端的电压为6V﹣1V=5V时,电路的电流为0.1A,滑动变阻器测最大电阻为:R滑大===50Ω,题中滑动变阻器标有“20Ω1.5A”,小于50Ω,故序号1数据不可能存在,故甲同学的判断正确.19、F1-F2铁块接触到容器底部BF1-F2>G【解析】(1)根据称重法,铁块受到的浮力大小F=F1-F2;

(2)他无意中发现增大铁块浸没在水中的深度,某一时刻测力计的示数会突然变小,说明铁块受到别外一个向上的力作用,这是因为铁块接触到容器底部,受到容器底部施加的一个向上的作用力而使弹簧测力计示数减小了;

(3)①根据题目条件,因B与A体积相同,根据影响浮力大小的因素,所以选用塑料B,其浸没时受到的浮力大小等于铁块受到的浮力大小F1-F2;

②增加的步骤是用弹簧测力计测出B塑料块的重力G;

③当满足F1-F2>G条件时,物体上浮.

故答案为(1)F1-F2;

(2)铁块接触到容器底部;

(3)①B;③F1-F2>G.20、分子间存在引力A煤油2.5【解析】

(1)将两个表面光滑的铅块相互紧压后黏在一起说明分子之间存在引力;(2)①根据题意可知,加热质量相等的煤油和水,吸收的热量相同,升高的温度不同,因此该实验是采用吸收相同的热量比较升高的温度来探究的,故采用了控制变量法;②分析表中数据可知,对于质量相等的煤油和水:吸收相等热量,升温较快的是煤油;若使两者升高相同的温度,水加热时间较长,煤油加热时间短,说明水吸收的热量较多,煤油吸收的热量较少。(3)由图3知,电压表的量程为0~3V,分度值为0.1V,示数为2.5V。21、无关长三测摆动20次的时间,再算一次的调短一些【解析】

(1)由表中实验数据可知,在摆长不变的情况下,OA(O固定悬点)的连线与竖直方向的夹角θ不同,而AB间往复运动一次所用的时间t相等,由此可知:摆球小角度重复摆动一次的时间与摆动的幅度无关;(2)由图乙丙可以看出,摆长越长,小球往复摆动一次的时间越长,由此可见:在质量与摆动幅度相同时,往复摆动一次的时间随绳长的增大而增大,这验证了猜想三是正确的。(3)由表中实验记录可知,单摆来回摆动一次时间较短,直接测量摆动一次的时间误差较大,为减小误差,应测量摆动20次的时间,取平均值作为摆动一次的时间;(4)因摆长越长,小球往复摆动一次的时间越长,生活中若摆钟走慢了,可减小摆长。22、R2小灯泡短路0.62510灯丝温度(或小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大)B【解析】

(1)灯的额定电压为2.5V,故电压表选用小量程与灯并联,灯丝电阻约为10Ω由欧姆定律,灯泡正常发光时电路中电流约为:I═UR=2.5V(2)灯泡正常发光时电路中电流的为0.25A,根据串联电路电流的特点,电路中电流处处相等,变阻器应分去的电压:U变=6V−2.5V=3.5V,由欧姆定律,变阻器的阻值至少为:R变═U变I=3.5V0.25A=14Ω>10Ω,所以应选择滑动变阻器的规格为(3)闭合开关后,移动滑动变阻器的滑片,电流表有示数,说明电路为通路,发现小灯泡始终不发光,电压表无示数,若电路只有一处故障,故障原因是灯泡(或电压表)短路了;(4)由图象可知,灯泡电压为2.5V时的电流为0.25A,所以灯泡的额定功率:P=UI=2.5V×0.25A=0.625W;小灯泡正常发光的电阻为:R=UI=2.5灯泡电阻是变化的,原因是受温度的影响;(5)图丙中,无论开关接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光,此方案不能测定小灯泡的额定电功率;图丁中,R0、小灯泡、变阻器三者串联,S接a时,电压表测定值电阻的电压,当开关接b时测量灯和定值电阻的总电压,不能通过调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为2.5V,所以此方案不能测出小灯的额定电功率,故选B。五、计算题(本大题共2小题,共13分)23、(1)(2)(3).【解析】

(1)由R1的U-I图像可知,通过R1的电流与电压成正比,R1为定值电阻,当U1=6V时,I1=0.6A,由欧姆定律可知:;(2)当滑动变阻器连入电阻为0时,电路中的电流最大,此时电阻R1两端的电压等于电源电压,电源电压U=U1=6V,最大电流为I1=0.6A,电路最大功率;(3)当R2消耗的电功率为0.5W时,,----①而,代入①得:,解得R2的阻值:R2=2Ω或R2=50Ω,由图乙可知,当R2最大时,I最小=0.15A,电路总电阻,R2的最大值R最大=R-R1=40Ω-10Ω=30Ω,所以R2=50Ω舍去,R2=2Ω.24、(1)mg;(2)【解析】

根据题中“发现有几次硬币竟然“起飞”了,……小明知道了产生这一现象的原因……请你解答如下问题”可知,本题考查用物理规律解释生活现象。根据流体压强与流速的关系,对硬币进行受力分析,由平衡条件列方程,然后求解。【详解】解:(1)刚好将硬币吹起时,可看作硬币受

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