2023学年安徽省豪州市利辛第二中学中考物理全真模拟测试卷（含答案解析）

2023学年中考物理模似测试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．夏天，人们常吃雪糕解暑，剥开雪糕包装纸时，雪糕周围冒“白气”．下列说法正确的是A．吃雪糕解暑，是因为雪糕熔化时要放热 B．吃雪糕解暑，是因为雪糕汽化时要放热C．雪糕周围冒“白气”是液化现象 D．雪糕周围冒“白气”是汽化现象2．下列说法正确的是A．在同一水平桌面上做加速运动的物体，受到的滑动摩擦力会越来越大B．自行车的坐垫很宽是为了增大压强，使人更舒服一些C．甲、乙两队拔河比赛甲队获胜，但甲队对乙队的拉力等于乙队对甲队的拉力D．汽车紧急刹车时，车上的人会向前倾倒，说明汽车有惯性3．如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来．关于此现象，下列说法中正确的是（）A．根据甲线圈摆动的原理可以制成电动机B．乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能C．甲线圈相当于用电器，乙线圈相当于电源D．若使乙线圈摆动，则甲线圈中不会有电流4．如图所示，利用起重机将另一较重的机器吊起．以下说法正确的是A．吊臂实质是省力杠杆B．吊臂抬的越高，阻力臂越大C．伸长吊臂可能造成起重机倾翻D．放长吊绳会使吊臂受到的支持力变大5．如图是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重力和摩擦），其中所需动力最大的是A． B．C． D．6．利用“光控开关”和“声控开关”可以节约居民楼里楼道灯的用电．其中“光控开关”能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；“声控开关”能在有声音时自动闭合，无声音时自动断开．下列电路图中合理的是（）A．B．C．D．7．如图所示，两个规格不同的电灯L1、L2接在电路中．闭合开关，以下判断正确的是（）A．L1、L2串联 B．通过L1、L2的电流相等C．电流表测干路中的电流 D．电流表测通过L2的电流二、填空题（本大题7小题，共21分）8．如图所示，美仑美央的庐山雾淞，它是一种_________现象，与这种现象的吸放热情况相同的还有液化和_________（均填物态变化名称）。9．通常我们说“铝比铁轻”是指铝的________(选填“密度”、“质量”或“体积”)比铁小;一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将________;某钢瓶内装有氧气，在一次气焊中用去其中的一半，则瓶内剩余氧气的密度将________(以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”).10．有两只相同的烧杯，分别盛有体积相同的水和酒精，但没有标签，小李采用闻气味的方法判断出无气味的是水．小唐则采用压强计进行探究：若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度差变化________(选填“大"或“小")．小唐把调节好的压强计放在空气中时，U形管两边的液面应该________．小唐把金属盒分别浸入到两种液体中，发现图(甲)中U形管两边的液柱高度差较，认为图(甲)烧杯中盛的是酒精．他的结论是不可靠的，因为没有控制金属盒在液体中的________相同．小唐发现在同种液体中，金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越________，表示液体的压强________．小唐还发现在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差________(选填“不变"或“变化")．表明在相同条件下，液体内部向各个方向的压强________．11．如图所示，在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出，燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的______冲程，纸筒飞出后瓶内气体的内能______选填“增大”“减小”或“不变”12．生活中许多现象都可以用我们热学的物理知识解释，例如腌制咸鸭蛋使盐进入鸭蛋中是一种_______现象，烧水煮鸡蛋是利用__________的方式改变鸡蛋的内能．完成光路图（凹透镜和凸透镜的左焦点重合）甲乙两种液体的比热容之比2:1，当它们吸收的热量之比为4:3时，升高的温度之比为1:3，则甲乙的质量之比为__________．13．如图所示，当电源电压为4V时，电压表的示数为1V；当电源电压增加到12V时，电流表的示数为1A．则电阻R1=_______Ω，R2=_______Ω．14．小敏家的电热水壶铭牌已模糊不清，他想估测其功率，把家里所有用电器关闭，只让该电热水壶工作1min，其铭牌上标有“3000R/kW·h”的电能表刚好转30转，则功率为W；若他家平均每天要用该电热水壶烧水约0.5h，则一个月（30天）电热水壶将耗电度.三、作图题（共7分）15．在如图中的Ο里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。（______）16．如图所示，杯子静置在水平桌面上，请你画出杯子所受重力和支持力的示意图．（图中O点表示杯子的重心）17．如图是某球员传球时足球的一段运动轨迹．若不计空气阻力，请在如图中画出足球在B点的受力示意图；假设足球运动到B点时所受的力全部消失，在如图中用虚线画出所有力消失后足球的运动轨迹．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．利用图所示的实验装置探究“杠杆的平衡条件”．请按要求完成下列问题：将杠杆安装在支架上，发现杠杆右端下沉，此时应将杠杆右侧的平衡螺母向_____调（选填：“左”或“右”），使杠杆在水平位置平衡．如图甲所示挂钩码，杠杆在水平位置平衡，若将杠杆左右两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆_____端将下沉（选填：“左”或“右”）．如图乙所示，用弹簧测力计在杠杆处竖直向上拉时，若杠杆能在水平位置平衡，则悬挂在处的钩码总质量为_______．19．小伟要探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：①接触面所受的压力大小；②接触面的粗糙程度；③接触面积的大小．接下来小伟通过如图所示的实验操作来验证他的猜想：（1）本实验用到了物理学中最常用的探究方法，即______________．（2）实验中小伟应该用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上_________滑动，这样做是根据二力平衡的知识得出拉力_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）摩擦力，从而间接测出木块所受的摩擦力的大小．（3）如果小伟要探究猜想②，他应该选择_____两幅图所示的实验步骤来操作，根据图中弹簧测力计的示数可得出结论：在压力相同的情况下，_________，滑动摩擦力越大．（4）小伟要探究猜想③，他将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示．他比较甲和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关．你认为他的结论可靠吗？答：_______．小伟在实验中存在的问题是_______．20．如图所示为“探究平面镜成像特点”的实验，两支相同的蜡烛A和B分别竖立于玻璃板两侧。（1）实验选用玻璃板代替平面镜可方便_____。（2）将蜡烛A逐渐远离玻璃板，其所成的像大小_____（选填“变大”“变小”或“不变”）（3）保持蜡烛A的位置不变，移动蜡烛B，直到蜡烛B与A的像重合，此时移动蜡烛B，在其所在位置上放一光屏，则光屏上_____（选填“能”或“不能”）接收到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是_____（选填“实”或“虚”）像。21．学习了光学知识后，小强对有关探究实验进行了回顾和思考图甲是“探究光的反射规律”的装置，某同学将一个平面镜放在水平桌面上，再把纸板DNF放置在平面镜上，正确操作实验，并在纸板上记录每次光的径迹如图所示．取下纸板，接下来进行的操作是_____，将数据记录在表格中并比较反射角与入射角．图乙是“探究平面镜成像特点”的装置，有关实验中所用器材的作用说法正确的是_____．A．实验中要求两个蜡烛完全相同，这是为了比较像和物的大小关系．B．用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃透明的特点，使于确定像的位置，所以玻璃板越厚像越明显．C．使用刻度尺，是为了测量像距和物距．D．光屏是为了验证所成像的是实像还是虚像．在“探究凸透镜成像规律”实验中．，调整蜡烛、透镜和光屏到图丙所示位置时，光屏上出现清晰的烛焰的像，生活中的_____就是利用这一原理制成的；若将蜡烛稍远离凸透镜，光屏上的像变模糊，要再次在光屏上得到清晰的像，可采用下列方法：①若移动光屏，则应将光屏_____（填“远离”或“靠近”）凸透镜：②若不移动光屏，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的_____（填“凸透镜”或“凹透镜”）．22．在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，电源由三节干电池串联组成，如图甲所示，可选用的定值电阻有5Ω、10Ω、20Ω．实验序号电压/V电流/A11.00.1822.00.3633.00.54（1）请你用笔划线代替导线，将图甲所示的电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路中的阻值变大．（_____）（2）连接电路时，开关必须_____；闭合开关前，要将滑动变阻器滑片置于使接入电路的电阻值_____的位置．（3）小明同学探究“电流与电压的关系”：①滑动变阻器起到保护电路和_____的作用；②多次改变R两端的电压，把对应的电流表示数填入表格中，分析表格中的数据可得出结论：_____．（4）小华同学探究“电流与电阻的关系”：①他把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，电路中的故障可能是_____．故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求，电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流为_____A．②将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向_____（选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数为_____V，记录电流表的示数．③为了确保所给的3个定值电阻接入电路后都能正常进行实验，应该选取最大阻值不小于_____Ω的滑动变阻器．（5）本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法，下列实验探究没有采用控制变量法的是_____．A．探究物质吸热或放热规律B．液体蒸发的快慢与哪些因素有关C．滑动摩擦力的大小与哪些因素有关D．串联电路中各处的电流有什么关系五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图所示，用滑轮组匀速提起放在地面上边长为20cm，质量为100kg的重物，拉力做功的功率为1200W，重物上升的速度为1m/s。（不计绳重和摩擦力）求：（1）当物体静止在地面上时对地面的压强；（2）作用在绳子自由端的拉力为多大；（3）滑轮组的机械效率为多大；（4）若用此滑轮组匀速提起2200N的重物，作用在绳子自由端的拉力为多少。24．如图是电饭锅工作原理的简化电路图，电饭锅有两档，分别是高温烧煮和低温焖饭，S1为档位自动控制开关，R0和R均为电热丝，R0的阻值为1210Ω，该电饭锅铭牌技术参数如表所示（低温焖饭档额定功率模糊不清）．求：某型号电饭锅

额定电压

220V

额定功率

高温烧煮

840W

低温焖饭

电源频率

50Hz

（1）电饭锅高温烧煮0.5h消耗的电能；（2）电饭锅低温焖饭时的额定功率；（3）电热丝R的阻值．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．电梯为居民出入带来很大的便利，小明家住某小区某栋6楼，放学后乘电梯回家．小明查阅资料，了解到出于安全考虑，电梯都设置了超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成：在工作电路中，当电梯没有超载时，动触点K与静触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作；当电梯超载时，动触点K与静触点B接触，电铃发出报警铃声，即使闭合开关S，电动机也不工作．在控制电路中，已知电源电压U＝6V，保护电阻R1＝100Ω，电阻式压力传感器（压敏电阻）R2的阻值随压力F大小变化如图乙所示，电梯自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计．在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，电磁铁的磁性_____（选填“增强”、“减弱”或“不变”）．若小明的体重为400N，他站在静止的电梯上，脚与电梯地面的总接触面积为0.04m2，则此时小明对电梯地面的压强为多少？___________某次电梯正常运行时，测得通过电磁铁线圈的电流为10mA，则此时电梯载重为多少？______若电磁铁线圈电流达到20mA时，刚好接触静触点B，电铃发出警报声．当该电梯厢内站立总质量为1000kg的乘客时，试通过计算说明电梯是否超载？______（g取10N/kg）26．如图所示是深受年轻人喜爱的电动平衡车．平衡车采用锂电池组提供电能，行驶时电动机把电能转化为平衡车的________能，实现了碳的零排放；平衡车在行驶过程中，以车为参照物，车上的人是________的；平衡车的轮胎表面有凹凸不平的花纹，是为了________（选填“增大”或“减小”）车轮与地面的摩擦力，防止平衡车打滑．平衡车刹车的过程，伴随着能量从机械能转化为内能，内能散失到空气中，此过程中所有的能量总和________（选填“增大”“不变”“减小”）．散失到空气中的内能无法自动转化为机械能再用来驱动车子，这是因为能量的转移和转化具有________性．27．阅读短文，回答文后的问题按压式瓶盖在日常生活中，装有洗手液或洗发液的瓶子，其瓶盖都是按压式的，如图所示。按压式瓶盖的工作原理是什么呢？液体是怎么“吸”上来的?洗手液瓶中有个按压式吸液结构，它由导液管、进液阀门、弹簧、活塞、出液阀门、出液管、储液筒等组成，如图所示，其中进液阀门和出液阀门是塑料小球，进液阀门位于弹簧下端，出液阀门位于活塞上端。使用的时候，通过手向下按压，活塞向下移动，弹簧被压缩使得进液阀门关闭，出液阀门打开，储液筒里的液体从出液管流出瓶外；当手松开时，弹簧恢复原来的自然状态，使得活塞向上移动，出液阀门关闭，进液阀门打开，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒。这样活塞在圆筒中上下往复运动，不断地把液体“吸”出瓶外。按压式瓶盖的工作原理和_______原理相同。A．钢笔灌墨水B．吸尘器C．帕斯卡裂桶实验D．汽油机洗手液能被“吸”上来是利用了_______。向下按压后松手时，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒，是因为瓶中气压_______储液筒中气压。（选填“大于”、“小于”或“等于”）如果宇航员在太空舱中按压这种瓶装洗手液瓶盖，_______挤出洗手液。（选填“能”或“不能”）

2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【答案解析】吃雪糕解暑，是因为雪糕熔化时吸热，A、B说法均错误；雪糕周围冒“白气”是空气中的水蒸气遇到雪糕周围的冷空气液化形成的小水珠，故属于液化现象，C说法正确；D说法错误；答案选C．点睛：本题考查物态变化吸放热判断，易错点是“白气”误认为时气态，而实质是物质的细小液态悬浮在空中形成的“白气”．2、C【答案解析】

A.在同一水平桌面上运动的物体，接触面不变，压力不变，受到的滑动摩擦力不变，故A错误；B.自行车的坐垫很宽，是在压力一定时，增大接触面积，减小压强，使人更舒服一些，故B错误；C.甲、乙两队拔河比赛虽然甲队获胜，但由于相互作用力等大，所以甲队对乙队的拉力等于乙队对甲队的拉力，故C正确；D.汽车紧急刹车时，由于人有惯性，会保持原有运动状态，会向前倾倒，故D错误。3、B【答案解析】

A.由题意知，甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，所以是机械能转化为电能，故根据甲线圈摆动的原理可以制成发电机，故A错误；B.乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，所以乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能，故B正确；C.由题目分析可知，甲线圈中产生了感应电流，则甲线圈相当于电源，乙线圈相当于用电器，故C错误；D.若使乙线圈摆动，则乙线圈相当于电源，甲线圈相当于电动机，所以甲线圈中会有电流，故D错误．4、C【答案解析】

A．由图可知，吊臂的阻力臂大于动力臂，所以吊臂实质是费力杠杆，故A选项错误；B．从图中可以看出，吊臂抬的越高，阻力臂越小，故B选项错误；C．伸长吊臂时机器对吊臂的拉力的力臂过大，可能造成起重机倾翻，故C选项正确；D．放长吊绳时，吊臂受的拉力和吊臂的力臂都不变，所以吊臂受到的支持力不变，故D选项错误．5、C【答案解析】

不计机械重和摩擦，设物体重G：A．由图知n＝3，不计机械自重和摩擦，F1＝G；B．根据杠杆的平衡条件：F2×（L+3L）＝G×L，所以F2＝G；C．不计机械自重和摩擦，F3＝2G；D．不计机械自重和摩擦，则F4s＝Gh，所以F4＝G＝G＝G。6、D【答案解析】根据题意，声光控开关控制楼道灯，应在天黑时、有声音亮，而无声音灭，白天无论是否有声音灯不工作，则两个开关应串联，控制电灯。A图，声控开关与灯并联，闭合时造成短路，不正确；B图，两开关并联，控制电灯，任一开关闭合，灯都亮，不正确；C图，光控开关与灯并联，闭合时造成短路，不正确；D图，两开关闭合后，控制灯，只有两开关都闭合灯才会亮，故D正确。选D。点睛：重点是串联的特点，当开关串联时，只有所有的开关都闭合，电路接通，任一开关断开时，电路为断路。7、C【答案解析】

由图示可知，当开闭合后，两个灯泡是并联的，电流表测通过两个灯泡的总电流，由于两个灯泡不相同，电压相等，所以通过它们的电流是不相等的，故应选C．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、凝华凝固【答案解析】

雾凇是空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态形成的，属于凝华，凝华放热。六种物态变化中，放出热量的物态变化过程有：凝华、液化和凝固。9、密度不变变小【答案解析】

通常我们说“铝比铁轻”是指铝的密度小于铁的密度；密度是物质本身的一种特性，与质量、体积大小无关，一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半的密度将不变；原来钢瓶内氧气的质量不变，一次气焊用去一半，则瓶内剩余氧气的质量减小，而剩余氧气的体积不变，由=可知，剩余氧气的密度变小。10、小相平深度大大不变相等【答案解析】

（1）液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；（2）压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计漏气，U形管中的液面就不会变化；（3）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，在探究与其中的一个因素时，就要控制另一个因素一定．【题目详解】（1）若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，就会有漏气现象，因此U形管两边液柱的高度差变化小；调节好的压强计放在空气中时，橡皮膜不受液体的压强，因此U形管两边的液面应该相平．（2）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，实验中没有控制金属盒浸入的深度相同，因此无法得出正确结论．（3）液体密度相同时，压强与深度有关，金属盒离液面的距离越深，压强越大，U形管两边液柱的高度差就越大．（4）同一深度，液体向各个方向的压强相等，因此金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变．11、做功减小【答案解析】

按动电火花发生器，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出燃气的内能转化为纸筒的机械能，燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的做功冲程，纸筒飞出后瓶内气体的内能减小温度降低．12、扩散热传递2:1【答案解析】

（1）把鸭蛋放在盐水里一段时间，鸭蛋就变咸了，这是鸭蛋与盐之间的扩散现象，是分子热运动的结果；烧水煮鸡蛋，水的温度高，鸡蛋温度低，两者之间存在温度差，所以发生热传递，是利用热传递改变物体内能的．（2）入射光线平行于凸透镜的主光轴，所以经凸透镜折射后会射向凸透镜左侧焦点，由于凸透镜左侧焦点与凹透镜左侧焦点重合，所以折射光线再经凹透镜折射后会沿平行于主光轴的方向射出，如图所示：（3）由题知，甲、乙两种液体的比热容之比是2：1，升高的温度之比是1：3，吸收的热量Q吸甲：Q吸乙=4：3，∵Q吸=cm△t，∴m=，∴m甲：m乙=：=×=×=2：1．13、93【答案解析】试题分析：分析电路图可得电路为串联电路，电压表测量R2两端电压；当电源电压为4V时，电压表的示数为1V；可得R1两端电压为3V，由串联分压可知R1:R2=3:1；当电源电压增加到12V时，电流表的示数为1A．由欧姆定律可得总电阻为12V/1A=12Ω；于是可得R1=9Ω；R2=3Ω．【考点定位】电路计算14、6009【答案解析】试题分析：电热水壶工作1min电能表刚好转30转，可得工作1h电能表转30×60=1800转，消耗的电能为1800/3000=0.6kW·h，所以可知电热水壶的电功率为0.6kW=600W；一个月烧水时间为30×0.5h=15h，所以消耗的电能为W=Pt=0.6kW×15h=9kW·h．【考点定位】电能表；电能的计算三、作图题（共7分）15、【答案解析】

在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联；电压表相当于断路，与用电器并联；由电路图可知，左面的圈与电源并联，一定是电压表；中间的圈与前面的电阻串联，一定是电流表；右面的圈与电阻并联，一定是电压表。答案如图所示：16、如下图所示【答案解析】试题分析：重力方向竖直向下，用G表示，杯子的支持力垂直斜面且指向杯子，故力的示意图如图所示：考点：力的示意图17、【答案解析】

在空中运动的足球不考虑空气阻力，只受重力作用，重力作用点在重心，方向是竖直向下的；假设足球运动到B点时所受的力全部消失，足球将做匀速直线运动，如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、（1）左；（2）右；（3）1．2【答案解析】

（1）由题意可知，杠杆右端下沉，说明右侧较重，所以应将右侧的平衡螺母向左调；（2）在甲图中，由于左侧力臂较大，所以当两边去掉相同的钩码时，左侧的力与力臂的乘积减小的多，故杠杆右端将下沉；（3）由图示可知，测力计的示数为3N，动力的力臂为2，阻力的力臂为3，根据杠杆的平衡条件可知，在A点的阻力应为2N，故应挂的钩码的总质量应为1．2kg．19、控制变量法匀速等于甲丙接触面越粗糙不可靠没有控制压力大小相同【答案解析】

（1）影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，研究与压力的关系时，要控制接触面的粗糙程度不变，研究与接触面粗糙程度的关系需要控制压力不变，这种方法叫控制变量法；（2）实验中小伟应该用弹簧测力计水平匀速拉动木块在长木板上滑动，此时木块水平方向上受到的拉力与摩擦力来一对平衡力，根据二力平衡的知识得出拉力等于摩擦力，从而间接测出木块所受的摩擦力的大小．（3）小伟要探究猜想②，即滑动摩擦力与接触面的粗糙程度要控制压力大小相同，只改变接触面的粗糙程度，故他应该选择甲丙两幅图所示的实验步骤来操作；比较甲丙测力计示数，发现丙中测力计示数更大一些，即丙中木块木块受到的滑动摩擦力更大一些，可得出结论：在其他因素相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（4）小伟要探究猜想③，即研究滑动摩擦力大小与接触面积的大小关系，要控制压力大小和接触面粗糙程度相同，他将木块切去一半，压力也变小了，重复甲的操作过程，故比较甲和丁的实验结果不得出：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关的结论．即结论不可靠，没有控制压力大小相同．20、确定像的位置不变不能虚【答案解析】

（1）实验中使用透明的玻璃板，可以确定像的位置，让蜡烛A的像和蜡烛B重合，这样既能观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛。（2）平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是一种视觉效果，不影响真实的大小，所以，将蜡烛A逐渐远离玻璃板时，它的像的大小不变。（3）由于光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以，光屏不能接收到蜡烛A的烛焰的像，即说明平面镜成的像是虚像。21、测量入射角和对应反射角的大小ACD照相机靠近凹透镜【答案解析】

（1）取下纸板后，应用量角器分别测出入射角和对应的反射角并记录在表格中，通过分析知道反射角等于入射角；（2）图乙是“探究平面镜成像特点”的装置：A．实验中要求两个蜡烛完全相同，物与像完全重合，这是为了比较像和物的大小关系，故A正确；B．用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃透明的特点，使于确定像的位置，所以玻璃板越薄，越能避免两个反射面带来的误差，故B错误；C．使用刻度尺，是为了测量像距和物距，故C正确；D．实像可以成在光屏上，虚像不能，光屏是为了验证所成像的是实像还是虚像，故D正确；有关实验中所用器材的作用说法正确的是ACD；（3）据图可知，此时的物距大于相距，即说明物体处于2倍焦距以外，像处于另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用该原理制成的；若将蜡烛稍远离凸透镜，光屏上的像变模糊，此时物距变大，相距应该变小，故要再次在光屏上得到清晰的像，可采用下列方法：①若移动光屏，应该让相距变小，故则应将光屏靠近凸透镜；②由于凹透镜对光线有发散作用，所以若不移动光屏，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的凹透镜，让像推迟会聚，也可以使得像成在光屏上．22、断开最大改变电阻的电压和电流在电阻不变时，电流与电压成正比电阻（或电压表）短路0.4右225D【答案解析】

（1）要求滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路中的阻值变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）连接电路时，为保护电路，开关必须断开；闭合开关前，要将滑动变阻器滑片置于使接入电路的电阻值最大的位置．（3）①小明同学探究“电流与电压的关系”，为得出普遍性的规律要多次测量，故滑动变阻器起到保护电路和改变电阻的电压和电流的作用；②纵向分析表中数据，电压为原来的几倍，电流也为原来的几倍，即在电阻不变时，电流与电压与正比；（4）小华同学探究“电流与电阻的关系”：①他把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，电路中的故障可能是电阻（或电压表）短路；故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电路中的电流为0.4A．②由欧姆定律，电压表示数：UV＝IR＝0.4A×5Ω＝2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，记录电流表的示数；③电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣2V＝2.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝1.25倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝1.25×20Ω＝25Ω，为了确保所给的3个定值电阻接入电路后都能正常进行实验，应该选取最大阻值不小于25Ω的滑动变阻器．（5）本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法：A．探究物质吸热或放热规律，根据Q＝cm△t，吸热或放热与c、m、△t有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另下两个因素不变，采用了控制变量法；B．液体蒸发的快慢与液体温度、液体表面积和液体表面的空气流动速度有关，研究液体蒸发的快慢与其中一个因素有关时，要控制另外两个因素不变，采用了控制变量法；C．滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另外一个因素不变，采用了控制变量法；D．串联电路中各处的电流有什么关系，为得出普遍性规律要多次测量，采用了归纳法．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）2.5×104Pa；（2）400N；（3）83.3%；（4）800N。【答案解析】

（1）物体静止在地面上时对地面的压力：F压＝G＝mg＝100kg×10N/kg＝1000N，受力面积：S＝（0.2m）2＝0.04m2，则物体对地面的压强：p＝；（2）由图知，n＝3，则绳端移动的速度：v＝3v物＝3×1m/s＝3m/s，由P＝可得绳子自由端的拉力：；（3）滑轮组的机械效率：。（4）不计绳重和摩擦力，绳子自由端的拉力：F＝（G+G动），则动滑轮重力：G动＝3F﹣G＝3×400N﹣1000N＝200N，匀速提起2200N的重物时，作用在绳子自由端的拉力：F′＝（G′+G动）＝（2200N+200N）＝800N。答：（1）当物体静止在地面上时对地面的压强为2.5×104Pa；（2）作用在绳子自由端的拉力为400N；（3）滑轮组的机械效率为83.3%；（4）若用此滑轮组匀速提起2200N的重物，作用在绳子自由端的拉力为800N。24、（1）1.512×106J；（2）电40W；（3）60.5Ω【答案解析】试题分析：（1）由表格中的数据可知，电饭锅高温烧煮的功率P高=840W，烧煮时间t=0.5h=1800s，由P=W/t得，电饭锅高温烧煮消耗的电能：W=P高t=840W×1800s=1.512×