2019年浙江省宁波市中考物理试卷(答案解析版)

第第页，共15页解:朱墨岩的体重大约600N,女士的重力大约500N,60级台阶的高度h=60x0.15m=9m,朱墨岩抱着晕倒的女土登台阶所做的功W=Gh=(600N+500N)x9m=9900J,平均功率P==.,…=495W，与550W相差不大，故C符合题意。f.丄加故选:C。首先估计人的重力，台阶高度大约15cm，根据功的公式W=Gh可以算出朱墨岩登台阶所做的功，知道做功时间，根据功率公式求功率。本题考查了学生对功的公式、功率公式的了解与掌握，估测人的重力和台阶的高度是关键。5.【答案】C【解析】解:因为装有水的圆柱形玻璃杯，中间厚边缘薄，相当于凸透镜，所以是左右颠倒；当物距小于焦距时，成正立放大的虚像，即左右变大，上下不变，如图A;当物距大于焦距小于二倍焦距时，成倒立、放大的实像，即左右颠倒，如图B；不可能出现C中的图片；当物体大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，可能出现D中的图片；故选:C。凸透镜成像的规律及应用：当u>2f时，成倒立、缩小的实像。当u=2f时，成倒立、等大的实像。当f<u<2f时，成倒立、放大的实像。当u<f时，成正立、放大的虚像。日常生活中有很多透明的物品能形成中间厚边缘薄，如：玻璃杯中盛满水、塑料大棚上的积水、远视镜片等都相当于凸透镜，能具有凸透镜对光线的会聚作用或所成像的特点。【答案】C【解析】解:根据乙图中①②图象可知，当两电阻分别接入电路后两端电压相同时，①中的功率大于②中的功率，即P]>P2,又因为功率P=；,以及R]>R2，当两电阻分别接入电路后两端电压相同时，电阻较小的R2功率大于电阻R1的功率，所以图象①对应的电阻是R2;如果把R1和R2并联后接入A、B之间进行实验，首先根据并联电路中总电阻lII的求解：〒=-+=，可得并联之后A、B间的电阻要小于R],同时也小于R2，同理，根据功率P=；可知，在A、B间电压相同时，两电阻并联后电阻最小，那么此时的功率应该最大，则图象应该在①的上方，所以图象③所在的区域应在I区域；故选:C。分析此题主要依据乙图中图象，根据公式P=；分析解答，两电阻并联之后的总电阻小于任何一个之路电阻；本题考查欧姆定律的应用，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。【答案】漫反射直线30【解析】解：（1）反射板表面是凹凸不平的，平行光线入射到粗糙的反射板表面上，反射光线射向四面八方，发生漫反射；（2）“影子”的形成说明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，（3）由灯的铭牌可知该灯的最大功率为150W，44盏这样的灯的最大总功率:P=44x150W=6600W,由P=UI可得，干路上熔断器的额定电流不能小于I=（=—-=30A。故答案为：⑴漫反射；（2）直线；（3）30。

反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射;平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，实例有:影子的形成、日月食的形成等；求得44盏这样的灯的总功率，利用P=UI可求得干路上熔断器的额定电流。此题主要考查的是学生对镜面反射、光的直线传播、电功率与电压、电流的关系的了解和掌握，基础性题目。8.【答案】漂浮【解析】解：物块M的体积V(0.1m)3=O.OOlm3；物块M的质量:m==]；,=0.8kg;物块M的密度pM==—'—=0.8x103kg/m3<1.0x103kg/m3；即物块的密度小于水的密度，由图象可知：当t=140s时，水的深度为h=12cm,大于立方体物块M的边长为10cm;则根据浮沉条件可知物块在水中将漂浮；当t=140s时，注入的水的体积V产vt=5mL/sx140s=700mL=7x10-4m3,水则G水=卩水gV水=1.0x103kg/m3x10N/kgx7x10-4m3=7N；所以液体对底部的压力F=G水+Gm=7N+8N=15N；⑶当t=40s时，正好是物块M处于刚刚开始漂浮的状态，则F浮=Gm=8N,根据F浮=卩液gV排可得:排严」..—|.排严」..—|.-|.■...:.-|.:.=8x10-4m3=800cm3，所以深度a=:=8cm；在0-40s阶段，由于物块M没有升高，则上升的高度为s=0,所以W=0J；在40-140s阶段，物块M上升的高度为h』12cm-8cm=4cm=0.04m,则浮力对物体做功W=F浮h'=8Nx0.04m=0.32J。答：⑴漂浮。⑵当t=140s时，水对容器底部的压力大小是15N;（3）图乙中a的值是8cm；⑷在0-40s和40-140S两个阶段，浮力对物体做功分别是0J;0.32J。（1）已知物块M的边长，可求物块的体积，已知物块的重力可求物块的质量，根据公式p=「可求物块的密度，再与水的密度进行比较，即可知道物体的在水中的浮沉状态；（2）由于方形容器在水平方向上放置，则液体对底部的压力等于容器里液体和漂浮物体的总重力，所以根据V=vt求出当t=140s时注入的水的体积，然后求出水的重力，最后根据F=G水+GM即可求出压力；（3）由乙可知:t=40s时，水的深度变化改变，即此时正好是物块M处于刚刚开始漂浮的状态，所以根据阿基米德原理求出此时物块浸没的深度即为此时水的深度a的值；（4）根据W=Fs分别求出即可。此题是一道力学综合题，熟练运用阿基米德原理、液体压强公式、密度公式；准确分析图象中的信息，方可解答此题。9.【答案】3V、0.3A【解析】解：⑴操作①中，开关S2接1、2,L］与R0串联，电压表V］测L］两端电压为U］=3V，电流表测电路中的电流I］=0.3A，则灯L］的额定功率:P］^=U1I1=3Vx0.3A=0.9W，操作③中，开关S2接4、5,L2与R0串联，电压表V2测L2两端电压为U2=2V，电流表测电路中的电流I2=0.4A，由欧姆定律得，灯L2的电阻:Rl2=1Rl2=1=[■=50,则灯L1的额定功率:P2额=J=孚-=1.8W。（2）L1与R1并联后（可看作一个阻值变小的电阻）与R0串联，根据串联分压特点可知，此时，并联部分电路两端的电压将小于3V,通过L1的电流将小于0.3A,故错误的数据是:3V、0.3A。在操作①中，由欧姆定律得，灯L1的电阻：Rl1=,=.「=10Q，由于操作②和③中，电流表示数都是0.4A，说明L］并联后与L2对电路的影响是等效的，即:L］并联后的总电阻为50，小亠LIILLL则有.+==打，即】+〒=己，解得:R］=1O0。（3）在操作①中，电源电压:U=3V+0.3AxR0，在操作③中，电源电压:U=2V+0.4AxR0,由以上两式可解得:R0=100，U=6V;当开关S2接4、5时，R0与L2串联，要使L2正常发光，即UL2=U额=3V,则R0两端的电压:U0'=U-UL2=6V-3V=3V，根据串联分压特点可知，;=一，即：；=：,，解得:R0'=50，所以，R0减小的阻值:△R=R0-R0』lO0-50=50，故滑片应向左移动。答：⑴灯L］、L2的额定功率分别是0.9W、1.8W;⑵错误的数据:3V、0.3A,R1的阻值为100;（3）当开关S2接4、5时，滑片P向左移动，使其阻值减小50才能使L2正常工作。（1）操作①中，开关S2接1、2,L］与R0串联，电压表V］测L］两端电压，电流表测电路中的电流，根据P=UI求出灯L1的额定功率；操作③中，开关S2接4、5,L2与R0串联，电压表V2测L2两端电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律和P==求出灯L1的额定功率；（2）L1与R］并联后（可看作一个阻值变小的电阻）与R0串联，根据串联分压特点可知，此时，并联部分电路两端的电压将小于3V，通过L1的电流将小于0.3A，进而找出错误的数据；在操作①中，由欧姆定律得，灯L1的电阻，由于操作②和③中，电流表示数都是0.4A，说明L1并联后与L2对电路的影响是等效的，根据并联电路电阻特点求出R1的阻值；（3）在操作①和③中，根据电源电压不变列方程求出电压电压和R0的阻值，当开关S2接4、5时，R0与L2串联，当L2正常发光，根据串联分压特点求出R0的阻值，进而得出R0阻值的变化及滑片P移动的方向。本题主要考查串并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的灵活应用，关键是要正确分析开关在不同位置时电路连接方式的变化，解题过程较为复杂,有一定难度。【答案】答：可以看到易拉罐骤然被压瘪。加热时易拉罐中的水汽化，当罐口有水汽冒出时，罐内充斥着水蒸气，大部分的空气被排出易拉罐，此时将易拉罐迅速倒扣于冷水中，罐中水蒸气遇冷液化；罐内水蒸气遇冷液化使罐内的气体减少，压强减小，小于大气压，在大气压的作用下就会被压瘪。【解析】水蒸气遇冷液化，罐内的水蒸气减少，罐内的气体压强减小，小于外界的大气压，在大气压的作用下就会将易拉罐压瘪。本题主要考查了液化现象以及大气压存在的例子，注意观察生活可顺利解答。【答案】减小测量时间的误差无关空气阻力【解析】解：（1）若直接测T,因时间很短，测量误差较大，故为了减小测量误差，测出摆动30次的时间T30，从而得出每个周期T=—；（2）比较实验1、3、4,摆长相同，摆球的质量不同，考虑到误差因素，T相同，故得出摆长一定时，摆的周期与物体的质量无关；当摆球密度很小时，空气对摆周期的影响不可以忽略，因为摆球受到的外力-空气阻力不可忽略了。故答案为：⑴减小测量时间的误差；（2）无关；空气阻力。（1）若直接测T，因时间很短，测量误差较大，据此分析；（2）比较实验1、3、4,找出相同量和不同量，分析得出摆的周期与变化量的关系；当摆球密度很小时，摆球体积较大，从考虑摆球受到的空气阻力分析。本题考查控制变量法的运用和数据分析能力及提高测量准确性的方法。【答案】导体电阻4QWRBC<5Q【解析】解：（1）由小科设计上述实验步骤，改变电阻的大小而控制电阻的电压不变，故要研究通过导体的电流与导体电阻之间的关系。（2）小科发现，滑片P向右移动过程中，每次实验开始时电压表都没有示数，移到某一点（该点记为C）时突然有了示数，说明电阻丝AC是断开的，BC是连通的，用80电阻实验时，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为3V-2V=1V，由分压原理，变阻器连入的电阻：R滑i=px8Q=40；

再做100电阻的实验时，当电压表有示数后，示数一直大于2V,由串联电路电压的规律，变阻器的电压小于IV,由分压原理，变阻器连入电路的电阻小于:R滑2＜二x10Q=5Q分析可得，电阻丝BC的阻值RBc的范围是4QSRBcR滑2＜二(3)为了完成100电阻实验，即变阻器连入电路中的电阻应大于或等于50,因变阻器的最大电阻为100，而RBc的范围是40SRBC<50;故可将电阻