![2022年黑龙江省哈尔滨市香坊区第六中学校物理高二第二学期期末监测模拟试题含解析_第1页](http://file4.renrendoc.com/view/28595883cb807a54a8f376b99a6f5976/28595883cb807a54a8f376b99a6f59761.gif)
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![2022年黑龙江省哈尔滨市香坊区第六中学校物理高二第二学期期末监测模拟试题含解析_第3页](http://file4.renrendoc.com/view/28595883cb807a54a8f376b99a6f5976/28595883cb807a54a8f376b99a6f59763.gif)
![2022年黑龙江省哈尔滨市香坊区第六中学校物理高二第二学期期末监测模拟试题含解析_第4页](http://file4.renrendoc.com/view/28595883cb807a54a8f376b99a6f5976/28595883cb807a54a8f376b99a6f59764.gif)
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2021-2022高二下物理期末模拟试卷注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是()A.只要温度相同,任何物体分子的平均动能都相同B.分子动能指的是由于分子定向移动具有的动能C.10个分子的动能和分子势能的总和就是这10个分子的内能D.对同一种物质组成的物体,温度高的物体中每一个分子的运动速率一定大于温度低的物体中每一个分子的运动速率2、如图所示,斜面体A放置在水平地面上,物块B用平行于斜面的轻弹簧栓接在挡板P上,P固定于斜面上,A、B均保持静止状态.在物块B上施加水平向左的拉力F后,整个系统仍保存静止.则施加拉力F后,下列相互作用力一定存在的是()A.物块B与弹簧之间的弹力 B.地面与斜面体A之间的摩擦力C.物块B与斜面体A之间的弹力 D.物块B与斜面体A之间的摩擦力3、下列说法中不正确的是()A.卢瑟福提出原子的核式结构模型,建立的基础是α粒子的散射实验B.发现电子的意义在于使人类认识到原子也有内部结构C.在用气垫导轨和光电门传感器做验证动量守恒定律的实验中,在两滑块相碰的端面上装不装上弹性碰撞架,不会影响动量是否守恒D.氢原子的核外电子,在由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近的轨道过程中,放出光子,电子动能增加,原子的电势能增加4、某同学参加了糕点制作的选修课,在绕中心勾速转动的圆盘上放了一块直径约的蛋糕(圈盘与蛋糕中心重合).他要在蛋糕上均匀“点”上奶油,挤奶油时手处于圆盘上方静止不动,奶油竖直下落到蛋糕表面,若不计奶油下落时间,每隔“点”一次奶油,蛋糕一周均匀“点”上个奶油.下列说法正确的是()A.圆盘转动一周历时B.圆盘转动的角速度大小为C.蛋糕边缘的奶油(可视为质点)线速度大小约为D.蛋糕边缘的奶油(可视为质点)向心加速度约为5、下列说法正确的是()A.卢瑟福的原子核式结构模型很好的解释了α粒子散射实验B.汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子,从而揭示了原子核是有复杂结构的C.β射线是原子核外电子挣脱原子核束缚后形成的D.查德威克发现了天然放射现象说明原子具有复杂的结构6、如图所示,一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合线圈,则流过灵敏电流计的感应电流方向是()A.先向左,再向右 B.先向右,再向左C.始终向右 D.始终向左二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示电路中,L1、L2、L3、L4是四只相同的电灯,当滑动变阻器的滑片向下滑动时,下列说法正确的是()A.L1变亮 B.L2变亮C.L3变亮 D.L4变亮8、如图所示,两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播,两波源分别位于和处,两列波的波速均为,两波源的振幅均为图示为时刻两列波的图象传播方向如图,此刻平衡位置处于和的P、Q两质点刚开始振动质点M的平衡位置处于处,关于各质点运动情况判断正确的是A.质点P、Q都首先沿y轴负向运动B.时刻,质点P、Q都运动到M点C.时刻,质点M的位移为D.时刻,质点M的位移为9、如图,物体P、Q置于光滑水平面上,某时刻分别在相同大小的水平恒力F1、F2作用下,由静止开始运动,经时间t,P、Q发生的位移大小关系为xP<xQ,则t时刻A.F2的功率比F1的大B.P的速度比Q的大C.P的动能比Q的大D.P与Q的动量相等10、关于原子核的结合能,正确的是()A.比结合能越大,则核子平均质量越大B.组成原子的核子数越多,它的比结合能越大C.比结合能越大,则核子结合得越牢固D.组成原子的核子数越多,它的结合能就越大三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)为了验证“两小球碰撞过程中的动量守恒”,某同学用如图所示的装置进行了如下的操作:①将斜槽轨道的末端调整水平,在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸,并将该木板竖直立于靠近槽口处,使小球a从斜槽轨道上某固定点由静止释放,撞到木板并在白纸上留下痕迹O;②将木板向右平移适当的距离固定,再使小球a从原固定点由静止释放,撞到木板并在白纸上留下痕迹P;③把小球b静止放在斜槽轨道的水平段的最右端,让小球a仍从原固定点由静止释放,和小球b相碰后,两小球撞到木板并在白纸上留下痕迹M和N;④用天平测出a、b两个小球的质量分别为和,用刻度尺测量白纸上O点到M、P、N三点的距离分别为、和。根据上述实验,请回答下列问题:(1)为了减小实验误差,选择入射球、被碰球时,应该使_________(填“大于”、“等于”或“小于”)。(2)小球a和b发生碰撞后,小球a在图中白纸上撞击痕迹应是__________点。(3)小球a下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力,这对实验结论___________产生影响(填“会”或“不会”)。(4)用本实验中所测得的物理量来验证两小球碰撞过程中动量守恒,其表达式为__________。(用、、、、表示)12.(12分)如图所示,用“碰撞试验器”可以验证动量守恒定律,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系.①试验中,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的.但是,可以通过仅测量______(单选)A.小球开始释放高度hB.小球抛出点距地面的高度HC.小球做平抛运动的射程②图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影,实验时,先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放,找到其平均落地点的位置P,测量平抛射程OP,然后,把被碰小球m2静止于轨道的水平部分,再将入射小球m1从斜轨上S位置静止释放,与小球m2相撞,并多次重复.椐据图可得两小球质量的大小关系为m1_____m2,(A.用天平测量两个小球的质量m1、mB.测量小球m1开始释放高度hC.测量抛出点距地面的高度HD.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、E.测量平抛射程OM,ON③若两球相碰前后的动量守恒,其表达式可表示______________________(用②中测量的量表示)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图,有一个光滑轨道,其水平部分MN段和圆形部分NPQ平滑连接,圆形轨道的半径R=0.5m;质量为m1=5kg的A球以v0=6m/s的速度沿轨道向右运动,与静止在水平轨道上质量为m2=4kg的B球发生碰撞,两小球碰撞过程相互作用的时为t0=0.02s,碰撞后B小球恰好越过圆形轨道最高点。两球可视为质点,g=10m/s2。求:(1)碰撞后A小球的速度大小。(2)碰撞过程两小球间的平均作用力大小。14.(16分)如图所示,一质量为m=1.0×10-1kg,带电量大小为q=1.0×10-6C的小球,用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中,假设电场足够大,静止时悬线向左与竖直方向成450角.小球在运动过程中电量保持不变,重力加速度g取10m/s1.(1)求电场强度E;(1)若在某时刻将细线突然剪断,求经过1s时小球的位移大小.15.(12分)发电机输出功率为100kw,输出电压是250V,升压变压器的原副线圈匝数比为1:20,输电线电阻为10Ω,降压变压器原副线圈匝数比为20:1,(1)输电线上损失功率;(2)用户得到电压;
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】
A.温度是分子平均动能的标志,温度相同,任何物体分子的平均动能都相同。故A正确;B.从微观来看,分子动能指的是由于分子做无规则的热运动具有的动能,故B错误;C.物体的内能是指物体内所有分子动能和分子势能的总和,对一个或几个分子不存在内能这一概念,故C错误;D.温度是分子的平均动能的标志,温度高的物体的分子平均动能大,但不是温度高的物体中每一个分子的运动速率一定大于温度低的物体中每一个分子的运动速率。故D错误。2、B【解析】对物体B受力分析,受重力、弹簧的弹力(可能有)、A对B的弹力(可能有)、拉力F和静摩擦力(可能有),讨论:如果弹簧恰好等于原长,则物块B与弹簧之间没有相互作用力;如果拉力、重力和弹簧的弹力三力平衡,则没有静摩擦力和A对B的弹力,则物块P与斜面之间不存在弹力和摩擦力,故ACD错误;对整体受力分析,由于F在竖直方向,整体水平没有其他外力,根据平衡条件,地面对A必须有静摩擦力,故B正确;故选B.3、D【解析】
A.卢瑟福通过α粒子散射实验提出的原子核式结构模型,故A正确;B.电子被发现的意义在于使人类认识到原子具有复杂结构,原子不是不可分的,故B正确;C.动量守恒的条件是系统不受外力或所受外力为零,所以用气垫导轨和光电门传感器做验证动量守恒定律的实验中,在两滑块相碰的端面上装不装上弹性碰撞架,不会影响动量是否守恒,故C正确;D.氢原子的核外电子,在由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近的轨道的过程中,原子能量减小,放出光子,电子动能增大,库仑力做正功,则电势能减小,故D不正确。4、C【解析】
A.每隔2s“点”一次奶油,蛋糕一周均匀“点”上10个奶油,则圆盘转动一圈的时间T=20s,故A错误;B.圆盘转动的角速度大小为故B错误;C.蛋糕边缘的奶油(可视为质点)线速度大小约为:故C正确;D.蛋糕边缘的奶油(可视为质点)向心加速度约为:故D错误;故选C.5、A【解析】
A.卢瑟福的原子核式结构模型很好的解释了α粒子散射实验,故A项正确.B.汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子,是卢瑟福根据α粒子散射实验结果提出了原子的核式结构学说.故B项错误.C.β衰变所释放的电子是原子核内所形成的,故C项错误.D.贝克勒尔发现了天然放射现象,由于天然放射性是原子发生变化而产生的,则说明原子核是有内部结构的.故D项错误.6、A【解析】条形磁铁从左向右进入螺线管的过程中,原磁场方向向左,且磁通量在增加,根据楞次定律,感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化,所以感应电流的磁场向右,由安培定则,知感应电流的方向顺时针方向,即向左.条形磁铁从左向右离开螺线管的过程中,原磁场方向向左,且磁通量在减少,根据楞次定律,感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化,所以感应电流的磁场向左,由安培定则,知感应电流的方向逆时针方向,即向右,故A正确,B、C、D错误.故选A.【点睛】解决本题的关键掌握用楞次定律判断感应电流方向的步骤,先判断原磁场的方向以及磁通量是增加还是减小,再根据楞次定律判断出感应电流的磁场方向,最后根据安培定则,判断出感应电流的方向.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析:当滑动变阻器的滑片向下滑动时,电阻减小,则与L4串联再与L3并联的总电阻也减小,电源的路端电阻减小,路端电压减小,则L1的两端电压减小,L1变暗,选项A错误;由于总电阻减小,故电路中的总电流增大,L1中的电流减小,故L2中的电流增大,L2变亮,选项B正确;由于L4与L3、L2的总电压减小,L2两端电压增大,故L3两端电压减小,L3变暗,选项C错误;L3中的电流减小,而L2的电流增大,故L4的电流增大,L4变亮,选项D正确.考点:欧姆定律的动态电路.8、AD【解析】
两列频率相同的相干波,当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强,当波峰与波谷相遇时振动减弱,则振动情况相同时振动加强;振动情况相反时振动减弱由此可根据AB间距求出该的波长,从而算出波的周期由波的传播方向来确定质点的振动方向.【详解】由波的传播方向可确定质点的振动方向:逆向描波法.两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播,则质点P、Q均沿y轴负方向运动.故A正确;质点不随波迁移,所以质点P、Q都不会运动到M点,故B错误;由波长与波速关系可求出,波的周期为,两质点传到M的时间为,当时刻,两波的波谷恰好传到质点M,所以位移为.故C错误,D正确.故选AD.【点睛】波的叠加满足矢量法则,例如当该波的波峰与波峰相遇时,此处相对平衡位置的位移为振幅的二倍;当波峰与波谷相遇时此处的位移为零.9、AD【解析】
AB.根据匀变速直线运动平均速度的规律可知,由于xP<xQ,所以P的末速度小于Q,所以F2的功率比F1的大,A正确,B错误C.根据动能定理可知,合外力做的功等于物体动能变化,P、Q合外力相等,xP<xQ,所以Q的动能大于P,C错误D.根据动量定理可知,合外力冲量等于物体动量变化,P、Q合外力相等,作用时间相等,所以P与Q的动量相等,D正确10、CD【解析】(1)原子核的比结合能越大,则核子在结合成原子核时亏损的质量就越多,剩余平均质量越小,A错误;(2)中度质量的原子核最稳定,核中核子比结合能最大,并非核子数越多,比结合能越大,B错误;(3)比结合能越大,原子核中核子结合的越牢固,要想将原子核变成单个核子,需要吸收更大的能量,分开越不容易,C正确;(4)原子核的核子数越多,核力做功越多,结合能越大,D正确;故本题选CD三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、大于N不会【解析】
(1)[1]为防止碰撞后入射球反弹,入射球的质量应大于被碰球的质量,即:应该使ma大于mb;(2)(4)[2][4]小球离开轨道后做平抛运动,设木板与抛出点之间的距离为x,由平抛运动规律得:水平方向:竖直方向:解得:碰撞前,小球a落在图中的P点,设其水平初速度为v1.小球a和b发生碰撞后,小球a的速度变小,下落的更多,a的落点在图中的N点设其水平初速度为v1,m2的落点是图中的M点,设其水平初速度为v2.小球碰撞的过程中若动量守恒,则有:即为则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为:(3)[3]只要由静止从同一位置释放小球,小球到达轨道底端时速度相等,小球a下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力,这对实验结果不会产生误差。12、(1)C(1)>;ADE(3)m1OP=m1OM+m1ON;【解析】
(1)在做“验证动量守恒定律”的实验中,是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的,所以要保证每次小球都做平抛运动,则轨道的末端必须水平.
(1)由动量守恒定律求出需要验证的表达式,根据表达式以及实验过程分析实验中的步骤;
(3)根据(1)的分析确定需要验证的关系式.验证动量守恒定律实验中,质量可测而瞬时速度较难.因此采用了落地高度不变的情况下,水平射程来反映平抛的初速度大小,所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度.过程中小球释放高度不需要,小球抛出高度也不要求.最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒.根据机械能守恒确定验证是否为弹性碰撞的表达式.【详解】(1)验证动量守恒定律实验中,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,根据平抛运动规律,若落地高度不变,则运动时间不变,因此可以用水平射程大小来体现速度速度大小,故需要测量水平射程,故AB错误,C正确.故选C
(1)碰撞过程中动量、能量均守恒,因此有:m1v0=m1v1+m1v1,12mv02=12mv12+12mv22因此有:v1=m1-m2m1+m2v0,因此要使入射小球m1碰后不被反弹,应该满足m1>m1.碰撞过程动量守恒,则m1v0=m1v1+m1v1,两边同时乘以时间t得:m1v0t=m1v1t+m【点睛】本题考查验证动量守恒定律实验的基本内容;实验的一个重要的技巧是入射球和靶球从同一高度作平抛运动并且落到同一水平面上,故下落的时间相同,所以在实验的过程当中把本来需要测量的速度改为测量平抛过程当中水平方向发生的位移,可见掌握了
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