2023学年甘肃省广河县初中物理毕业考试模拟冲刺卷含解析

2023学年中考物理模似试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．下列现象与雨后彩虹的形成原因相同的是A．镜中的“我”B．树荫下的光斑C．汽车后视镜D．水中“断”笔2．有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1500W，乙的额定功率为1200W．下列说法中正确的是A．甲电热水壶电阻大B．正常工作时，电流通过甲电热水壶做功较快C．正常工作时，通过两个电热水壶的电流相等D．正常工作时，甲电热壶做功比乙电热壶做功多3．小明用如图甲所示电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡功率，电源电压恒为4.5V．小明从滑动变阻器接入电路中的阻值最大时开始记录数据，测得小灯泡的U－I图像如图乙所示．针对该实验过程，下列结果正确的是()A．小灯泡的额定功率为6.25WB．小灯泡正常工作时的电阻为5ΩC．滑动变阻器的最大阻值为40ΩD．电路消耗的最小功率为0.05W4．下列有关热和能的说法中，正确的是（）A．机械能为零的物体，内能一定也为零B．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递C．汽油机的压缩冲程中，主要是用做功的方法增加了气缸内物质的内能D．炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块不具有内能5．如图，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合S，当R2的滑片P向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A．电压表V的示数变大B．电流表A2的示数变小C．电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变大D．电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大6．如图所示，电源电压不变，先闭合S1，再闭合S2，下列说法正确的是（）A．电压表、电流表示数均变小B．电压表示数变大，电路总功率变大C．电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大D．电压表与电流表示数的比值变大7．小明用煤气灶烧水时，进行了如下思考，正确的是（）A．煤气燃烧越充分，其热值越大B．加热过程中水的比热容变大C．壶内水温度升高的过程中内能增大D．水沸腾过程中吸收热量，温度不断升高8．2015年8月初，我市出现了高温天气，气温超过了38℃，小陈从冰箱里面取出来一块冰放在地面上。下列说法正确的是A．冰没有开始熔化时，冰吸收热量，温度升高，内能不变B．冰开始熔化到熔化结束，冰吸收热量，温度升高，内能增加C．冰完全熔化成水后，吸收热量，温度升高D．冰无论是否开始熔化，都是吸收热量，温度不变，内能增加9．如图所示,是放在形磁铁中央的一段导体,且被两根细线悬挂着,两端连接着导线,在虚线框中接入元件甲可探究电磁感应现象,接入元件乙可探究磁场对电流的作用,则甲乙A．都是电流表B．分别为电源和电流表C．都是电源D．分别为电流表和电源10．将一个凸透镜正对太阳，在距凸透镜20cm处得到一个最小、最亮的光斑．将一个物体放在此透镜前40cm处，则可在凸透镜的另一侧得到一个（）A．倒立、放大的实像 B．倒立、缩小的实像C．倒立、等大的实像 D．正立、放大的虚像二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是A．司南能够指南北是利用了磁体受地磁场的作用B．孔明灯在上升过程中，只受重力C．紫砂壶属于连通器D．正在发声的编钟一定在振动12．下列说法中正确的是A．物体吸热时，温度不一定升高B．擦黑板时看到粉尘在空中飞舞，这是分子在运动C．柴油机的做功冲程是将机械能转化为内能D．在高山上烧水时，温度不到90℃水就沸腾了，是因为水的沸点与气压有关13．学习了光学知识后，小明整理了以下笔记，其中正确的是A．小孔成像是光的直线传播形成的，为虚像B．平面镜成像是光的反射形成的，为虚像C．凸透镜成像是光的折射形成的，可成虚像也可成实像D．近视镜是利用凹透镜对光线的发散作用三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为了知道动力和阻力的大小需要_____和钩码；为了能直接从杠杆上读出力臂，应使用带刻度的杠杆，且使杠杆在_____位置平衡。“探究二力平衡的条件”实验的目的是：探究当同一物体只受两个力作用而处于_____或匀速直线运动状态时，这两个力的_____、方向和作用线之间的关系。15．图是探究声音产生及其特性的小实验：（1）用手拨动塑料尺，塑料尺会发出声音，说明声音是由物体的______而产生．（2）若增大塑料尺振动的幅度，则声音的______增大．（3）改变塑料尺伸出桌边的长度，会使声音的______发生改变．16．小华在超市购物时发现“聪明的电梯”（如图甲），小华在网络上搜到如图乙所示的简易控制电路，R是一个压敏电阻，位于电梯下面，当人踩到电梯上时，其电阻值随压力的增大而减小，动触点和静触点_____（选填“1”或“2”）接触，使电动机的转速变_____（选填“快”或“慢”）17．有一种能反映空气中水蒸气含量的装置叫做干湿泡湿度计。它是由两个相同的温度计并列制成的，其中一支温度计被湿布包起来了。两支温度计的读数不一样，湿布包着的温度计的读数较_____，在一定的温度下，如果空气的湿度越小，湿布中水分蒸发越_____，两个温度计读数的差别越_____。18．某电水壶工作2min，使图甲电能表的转盘转过150r．则电水壶消耗的电能为______kW·h，电功率为________kW，这些电能可供一只“220V10W”的节能灯正常工作_______h．利用图乙可制成___________（发电机/电动机）四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．小丽家新买了一台电热水器，下表是该热水器的一些技术参数．现将水箱中装满水，通电后正常工作40min，水温从25℃上升到45℃．在此过程中，求：型号FED-H50额定电压220V最大水量50L额定功率2000W（1）热水器中电热丝的电阻：水所吸收的热量[c水=4.2×103J/（kg•℃）]；热水器的效率．20．体重为400N的小明骑自行车上学，在水平路面上匀速行驶，在0.5h内，行驶了9km．其它的有关数据如下表所示．试求：自行车净重200N行驶时轮胎与地面接触的总面积50cm2轮胎承受的最大气压2.0×105Pa车轮直径0.61cm匀速行驶过程中的总阻力总重力的0.05倍（1）小明骑车的速度是多少？（2）这段路程内小明克服阻力做了多少功？（3）行驶过程中，车轮对地面的压强是多大？21．如图甲所示的电路中，电源电压为15V保持不变，滑动变阻器上标有“30Ω2A”字样，小灯泡额定电压为6V，它的U-I图像如图乙所示．求：（1）小灯泡的额定功率．（2）为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值．（3）用一阻值为24Ω的定值电阻R0替换小灯泡接入电路中，移动滑片使电流表和电压表分别能在某个量程下满偏，滑动变阻器连入电路的阻值范围．五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．有一束光通过A点射到镜面，反射后过B点，请画出入射光线和反射光线（______）23．如图丙所示，闭合开关，小磁针静止在通电螺线管正下方．在图中虚线上用箭头标出磁感线方向并标出电源的正极．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．为测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，小明连接了如图所示的实验电路。U/V1.32.53I/A0.200.280.3P/W0.260.70.9（1）小明检查电路连接正确无误，当用开关“试触”时，发现小灯泡都不发光，电压表、电流表都没有示数，为排除故障，小明拆下电压表，将电压表的正号接线柱接在电源正极，电压表的负号接线柱分别接到A、B、C接线柱时，发现电压表都有示数，当电压表的负号接线柱接到D接线柱时，电压表无示数。此电路只有一处断路，由此可以判断___________出现断路故障。（2）排除电路故障后继续实验，他调节滑动变阻器的滑片，分别测量三组电压、电流值，算出电功率，如上表所示，为减小实验误差，他将三次功率求平均值0.26W+0.7W+0.9W325．小华同学在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，在弹簧测力计下悬挂一圆柱体物块，当圆柱体物块下表面与水面相平时开始缓慢下降，直到与烧杯底接触为止，如图1所示：（已知ρ水＝1.0×103kg/m3；g取10N/kg）分析图1四幅图可知，圆柱体物块浸没在水中时所受浮力F浮＝_____N；综合分析上述实验可知，圆柱体物块的密度是_____kg/m3；小华完成图1所示的实验后，把水换成另一种液体重复上述实验，根据实验数据绘制出图2所示的弹簧测力计拉力F随物体下降高度h变化的图象，那么物体浸没在这种液体中受到的浮力F浮′＝_____N，对比图1的实验，这表明浸在液体中的物体所受浮力的大小跟_____有关．26．小明用天平和量筒测量一物块的密度。下面是测量时的一些主要步骤：A．用调节好的天平测出量筒的质量为200gB．向量筒中倒进一些水，测出这些水的体积是20cm3C．将物块浸没在量筒中后，量筒中的水面如图甲所示D．将物块放在调节好的天平左盘，平衡时所用砝码及游码位置如图乙所示请你把其中必要的操作，按正确的顺序排列出来：__________________________。请在下面设计记录本次实验数据的表格，并把必要的测量数据及计算结果填入表中。

参考答案（含详细解析）一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、D【答案解析】

雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。A.镜中的“我”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，不符合题意。B.大树上的树叶很多，树叶与树叶之间会形成很多小的缝隙。太阳光从这些小缝隙中照射下来，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，所以在地面上会形成太阳的像。不符合题意。C.汽车的后视镜是凸面镜，利用了光的反射，可以扩大视野，不符合题意；D.水中“断”笔，是由于光的折射形成的。符合题意。2、B【答案解析】

A．根据P=UI，I=，得R=，两电热水壶的额定电压相同，甲的额定功率大于乙的额定功率，所以甲的电阻小于乙的电阻，故A错误；B．甲的额定功率大于乙的额定功率，且都正常工作，根据电功率的物理意义可知，电流通过甲电热水壶做功较快，故B正确；C．两个电热水壶都正常工作时，甲的额定功率大，根据P=UI可知，通过甲的电流大，故C错误；D．两个电热水壶都正常工作，根据W=Pt可知，由于甲、乙的通电时间不能确定，所以甲、乙的做功多少不确定，故D错误．3、C【答案解析】由电路图知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端电压，电流表测电路中电流，小灯泡的额定电压为2.5V，由图象可知此时通过灯泡的电流为0.4A，所以小灯泡的额定功率：P额=U额I=2.5V×0.4A=1W，故A错误；由I=U/R可得，灯泡正常工作时的电阻：RL=U额/I=2.5V/0.4A=6.25Ω，故B错误；电源电压一定，由I=U/R可知，当变阻器连入电路的阻值最大时，电路中电流最小；由图象知电路的最小电流为0.1A，此时灯泡两端电压为0.5V；电路的最大总电阻：R总最大=UI最小=4.5V/0.1A=45Ω，此时灯泡的电阻：RL=UL/I最小=0.5V/0.1A=5Ω，滑动变阻器的最大阻值：R滑最大=R总最大-RL=45Ω-5Ω=40Ω，故C正确；由P=UI可得电路消耗的最小功率：P总最小=U总I最小=4.5V×0.1A=0.45W，故D错误，故选C．4、C【答案解析】

A、内能是物体内部所有分子做无规则运动的动能和分子势能的总和，内能与分子的热运动和分子间的相互作用情况有关，与物体的机械运动情况无关，机械能为零的物体，内能不为零，故A错误；B、发生热传递的条件是两物体有温度差，高温物体的内能转移到低温物体，直到两者温度相同，热传递才停止，所以热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，故B错误；C、在汽油机的压缩冲程中，气缸内物质的内能是通过做功的方式增加的，将机械能转化为内能，故C正确；D、所有的物体都有内能，与物体的温度无关，炽热的铁水和冰冷的铁块都具有内能，故D错误．5、D【答案解析】

由电路图分析知道，两电阻并联，电流表A2测通过R1的电流，电流表A1测并联电路的总电流，电压表测电源电压，【题目详解】由电路图知道，两电阻并联，电流表A2测通过R1的电流，电流表A1测并联电路的总电流，电压表测电源电压，由于电源电压保持不变，所以电压表示数保持不变，故A错误；由于并联电路各支路互不影响，所以，当R2的滑片P向右滑动的过程中，通过R1支路的电流大小不变，即电流表A2的示数不变，故B错误；当R2的滑片P向右滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律知道，通过变阻器的电流变小，由并联电路电流的规律知道，A1示数变小，电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小，故C错误；又因为A1示数变小，而电压表示数不变，故电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大，故D正确，故选D。【答案点睛】本题考查的是并联电路的规律及欧姆定律的运用，解题的关键是电路的分析，得出电路的连接方式及各个电表的测量对象。6、B【答案解析】

由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，根据串联电路的电流和电压的特点分析电流表示数、电压表示数的变化；根据公式判定功率的变化．【题目详解】由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；R1的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故AC错误；电源电压不变，电流变大，根据可知，电路的总功率变大，故B正确；由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故D错误．故选B．【答案点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断．7、C【答案解析】分析：要解答本题需掌握：（1）热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种燃料的密度、比热容、热值一般不变；（2）比热容是物质本身的一种属性，与温度无关．（3）温度对内能的影响；描述热量的物理术语；影响内能大小的因素；（4）根据水的沸腾特点分析．解答：A、热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，故A错误；B、比热容是物质本身的一种属性，与温度无关，故B错误；C、物体温度升高，分子运动加剧，内能增大，故C正确；D、水沸腾过程中吸收热量，温度保持不变，故D错误；故选C．【答案点睛】此题主要考查学生对物质概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利解决此题．8、C【答案解析】

A、冰没有开始熔化时，冰吸收热量，温度升高，内能增大，故A错误；B、冰是晶体，冰开始熔化到熔化结束，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；C、冰完全熔化成水后，继续吸收热量，温度不断升高，故C正确；D、冰熔化前，吸收热量，温度升高，内能增加，熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增加，故D错误。9、D【答案解析】

在虚线框中接入电流表，导体在磁场中做切割磁感线运动，可以探究电磁感应现象，故甲是电流表；在虚线框中接入电源，通电导体在磁场中会受到力的作用，可以探究磁场对电流的作用，故乙是电源；故D说法正确．10、C【答案解析】

将一个凸透镜对准太阳光，可在距透镜20cm的地方得到一个最小亮点，所以凸透镜的焦距f=20cm．一个物体放在这个透镜前40cm处，u=2f，成倒立、等大的实像．故选C．二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、ACD【答案解析】

A、地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以司南能够指南北是受地磁场的作用。故A正确；B、孔明灯在上升过程中，受到重力和浮力的作用，浮力大于重力。故B错误；C、茶壶的壶嘴和壶身上端开口，底部相互连通，是利用连通器的原理。故C正确；D、正在发声的物体都在振动，所以发声的编钟一定在振动。故D正确。12、AD【答案解析】A、晶体熔化吸热，但温度保持不变，全部溶化后，继续吸热，温度又会上升．故此选项正确．B、粉尘在空中飞舞是固体小颗粒所做的机械运动，不属于分子运动．故此选项错误．C、柴油机的做功冲程是将内能转化为机械能．故此选项错误．D、高山上气压低，水的沸点降低．所以在高山上烧水，不到90℃就沸腾了．故此选项正确．故选A、D13、BCD【答案解析】

A、小孔成像是由光的直线传播形成的，根据小孔成像的特点可知，所成的像是实像，故A错误；B、平面镜所成的像是由光的反射形成的，根据平面镜成像特点可知，平面镜所成的像是虚像，故B正确；C、凸透镜成像是光的折射形成的，根据凸透镜成像特点知，可成虚像也可成实像，故C正确；D、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，利用凹透镜对光线的发散作用可对近视眼进行矫正，故D正确。三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、弹簧测力计水平静止大小【答案解析】

“探究杠杆平衡条件”实验中，需要测量动力和阻力，实验要用到弹簧测力计以及钩码；为了能直接读出力臂，应使带刻度的杠杆在水平位置平衡；我们把物体处于静止状态或匀速直线运动状态称之为平衡状态，由平衡条件可知，大小相等、方向相反、在一条直线上、作用在同一物体上的两个力平衡，因此“探究二力平衡的条件”实验的目的是：探究当同一物体只受两个力作用而处于静止或匀速直线运动状态时，这两个力的大小、方向和作用线之间的关系。15、振动响度音调【答案解析】

(1)[1]声音是由物体的振动而产生的；(2)[2]增大振动的幅度，说明响声会增大；(3)[3]改变尺子伸出的长度，则尺子振动的频率会发生改变．16、2快【答案解析】

当人走下电梯后，压敏电阻的阻值增大，则控制电路中电流变小，电磁铁的磁性变弱，衔铁被拉起与触点1接触，R1与电机串联，电动机两端电压较小，电动机的功率较小，电动机转速较慢；当人站在电梯上时，压敏电阻R的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，与触点2接触，电阻R1没有连入电路，电动机两端电压增大为电源电压，电动机的功率变大，电动机转速变快。17、低快大【答案解析】

湿布包着的温度计，水在蒸发时吸收热量，所以该温度计的示数降低；空气的湿度越小（即空气中水蒸气的含量少），则湿布中水分蒸发越快，温度降低的越多，因此两个温度计读数的差别越大。18、0.051.55电动机【答案解析】

转盘转动150r消耗电能：W==0.05kW•h；用电器的功率：P===1.5kW；节能灯正常工作时间：t===5h．图乙是通电导体在磁场中受力运动，据此可制成电动机．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、（1）24.2Ω（2）4.2×106J（3）87.5%【答案解析】

（1）由P=UI=可得，热水器正常工作时电阻丝的电阻：R===24.2Ω；（2）将水箱中装满水，由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×50×10-3m3=50kg，水吸收的热量将水箱中装满水：Q=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（45℃-25℃）=4.2×106J；（3）由P=可得，热水器正常工作40min消耗的电能：W=Pt=2000W×40×60s=4.8×106J；热水器的效率：η=×100%=×100%=87.5%．答：（1）热水器中电热丝在正常工作时的电阻值是24.2Ω；（2）水所吸收的热量是4.2×106J；（3）热水器的效率是87.5%．20、（1）5m/s；（2）2.7×105J；（3）1.2×105Pa.【答案解析】

（1）小明骑车的速度：v===5m/s；（2）匀速行驶过程中的总阻力：f=0.05G总=0.05×(G车+G人)=0.05×(200N+400N)=30N，这段路程内小明克服阻力做的功：W=fs=30N×9×103m=2.7×105J；（3）行驶过程中，车轮对地面的压力：F=G总=200N+400N=600N，车轮对地面的压强：p===1.2×105Pa.21、（1）3.6W（2）15Ω（3）1Ω—6Ω【答案解析】

(1)由图乙可知,灯泡两端的电压为6V时，通过它的电流为0.6A，灯泡消耗的额定功率P额=U额I=6V×0.6A=3.6W；(2)灯泡与R2串联，由串联电路的电压规律可得,滑动变阻器两端的电压U2=U−U1=15V−6V=9V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小：R滑===15Ω;(3)题中要求电压表能达的最大值,若选0∼15V量程,因电压表并联在R2两端，总电压为15V，则无论选择哪一电阻都不能使电压值达到15V，故电压表量程只能为0∼3V；因R0=24Ω,电路中的电流I′最大===0.625A；即电路中能达到的最大值只能为0.6A，故电流表量程只能选0∼0.6A；当电流表的最大电流为I最大=0.6A，则由欧姆定律可得：电路中的最小电阻R最小===25Ω；则滑动变阻器接入电阻为R2=25Ω−24Ω=1Ω；电压表最大电压为U最大=3V,则此时电阻两端电压为U最小=U−U最大=15V−3V=12V，则此时电路中电流I2===0.5A；滑动变阻器接入电阻R′2===6Ω；故滑动变阻器的接入范围为1Ω∼6Ω；五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【答案解析】

根据像物关于平面镜对称性，作出A点通过镜面所成的像点，所有反射光线的反向延长线相交形成了虚像，可以确定出过B点的反射光线和入射点，由A点和入射点确定出入射光线．【题目详解】根据平面镜成像特点，作出A点的像点A′，连接A′B，与镜面相交与O点，O点为入射点，OB为反射光线，再连接AO为入射光线．如图：【答案点睛】此类作图依据是平面镜成像的原理，如果根据反射定律是不能一次找准正好经过B点的反射光线的；而平面镜成像时，是反射光线的反向延长线相交形成物体的像，所以找出物体的像后，连接像点到B点，则OB一定为其中一条反射光线．23、【答案解析】试题分析：①由图可知，小磁针静止时的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则通电螺线管的右端为N极，左端为S极．②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的．③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向