XX选考高考物理大一轮复习第三章牛顿运动定律本章综合能力提升练

XX选考版高考物理大一轮复习第三章牛顿运动定律本章综合能力提高练XX选考版高考物理大一轮复习第三章牛顿运动定律本章综合能力提高练PAGEXX选考版高考物理大一轮复习第三章牛顿运动定律本章综合能力提高练第三章牛顿运动定律本章综合能力提高练(限时：45分钟)一、单项选择题1．A．伽利略经过逻辑推理，颠覆了“重物比轻物落得快”的看法B．牛顿经过“理想斜面实验”得出“力不是保持物体运动的原由”的看法C．汽车上坡时，司机应当使用较高转速的挡位来行驶D．超速行驶是安全行车的大敌，其原由是汽车的速度越大，其惯性也越大答案A2．电导率σ是用来描绘物质中电荷流动难易程度的参数，为电阻率ρ的倒数，即σ＝eq\f(1,ρ).用国际单位制中的基本单位表示电导率的单位应为()A.eq\f(A2·s3,kg·m2)B.eq\f(A2·s3,kg·m3)C.eq\f(A2·s2,kg·m3)D.eq\f(A·s3,kg·m3)答案B分析由单位制可知电导率的单位为eq\f(1,Ω·m)，1eq\f(1,Ω·m)＝1eq\f(A,V·m)＝1eq\f(A·C,J·m)＝1eq\f(A2·s,J·m)＝1eq\f(A2·s3,kg·m3)，选B.3.如图1所示，质量相等的甲、乙两人所用绳索相同，甲拉住绳索悬在空中处于静止状态；乙拉住绷紧绳索的中点把绳索拉断了，则()图1A．绳索对甲的拉力小于甲的重力B．绳索对甲的拉力大于甲对绳索的拉力C．乙拉断绳索前瞬时，绳上的拉力必定小于乙的重力D．乙拉断绳索前瞬时，绳上的拉力必定大于乙的重力答案D分析甲拉住绳索悬在空中处于静止状态，绳索对甲的拉力等于甲的重力，A错误；由牛顿第三定律可知，绳索对甲的拉力与甲对绳索的拉力大小相等，B错误；因乙能把绳索拉断，说明乙拉断绳索前瞬时，绳索的拉力必定大于甲拉绳索的力，也必定大于乙的重力，故C错误，D正确．4．(2019届衢州市质检)如图2甲所示，是某人站在力传感器上做下蹲、起跳动作的表示图，中间的“·”表示人的重心．图乙是依据传感器画出的F－t图线．两图中a～g各点均相对应，此中有几个点在图甲中没有画出，图乙中a、c、e点对应的纵坐标均为700N．取重力加快度g＝10m/s2.请依据这两个图所给出的信息，判断下边说法中正确的选项是()甲乙图2A．这人重心在b点时处于超重状态B．这人重心在c点时的加快度大小大于在b点时的加快度大小C．这人重心在e点时的加快度大小大于在a点时的加快度大小D．这人重心在f点时，脚恰巧走开传感器答案D分析由题图知a、c、e点处对应F＝G，故加快度等于0，b点处F＜G，处于失重状态，重心在f点时，F＝0，脚恰巧走开传感器．应选D.5．质量为60kg的人，站在起落机内的台秤上，测得体重为480N，则起落机的运动是(g取10m/s2)()A．可能是匀速降落B．起落机加快度大小为2m/s2C．起落机加快度大小为3m/s2D．可能是减速降落答案B分析对人受力分析，受重力和支持力，支持力小于重力，故协力向下，加快度向下，故起落机的加快度也向下，因此起落机的运动是加快降落或减速上涨，由牛顿第二定律得mg－F＝ma，解得a＝eq\f(600－480,60)m/s2＝2m/s2，故B正确．6．质量为mkg的质点，受水平恒力作用，由静止开始做匀加快直线运动，它在ts内的位移为xm，则水平恒力的大小为(单位为N)()A.eq\f(2mx,t2)B.eq\f(2mx,2t－1)C.eq\f(2mx,2t＋1)D.eq\f(2mx,t－1)答案A7．已知雨滴在空中运动时所受空气阻力F阻＝kr2v2，此中k为比率系数，r为雨滴半径，v为其运动速率．t＝0时，雨滴由静止开始着落，加快度用a表示．落地前雨滴已做匀速运动，速率为v0.以以下图象中不正确的选项是()答案D分析由mg－F阻＝ma得，雨滴先加快着落，跟着v增大，阻力F阻增大，a减小，a＝0时，v＝v0不再变化，故A、B正确；又mg＝kr2v02，v02＝eq\f(mg,kr2)，又m＝eq\f(4,3)πρr3，得v02＝eq\f(4πρg,3k)r，故veq\o\al(2,0)与r成正比关系，故C正确，D错误．8．用手提着一根挂有重物的轻弹簧，竖直向上做匀速直线运动，当手忽然停止运动后的一小段时间内，可察看到重物()A．立刻停止运动B．连续向上做匀速运动C．连续向上做加快运动D．连续向上做减速运动答案D分析轻弹簧拉重视物做匀速直线运动，拉力等于重力，当手忽然停止运动后的一小段时间内，因为惯性，重物连续向上运动，在向上运动的过程中，弹簧的形变量减小，则弹力减小，重物所受的协力向下，加快度向下，向上做减速运动，故D正确，A、B、C错误．9.如图3所示，两个质量相同的物体1和2紧靠在一同，放在圆滑的水平桌面上．若它们分别遇到水平推力F1和F2作用，并且F1＞F2，则物体1对物体2的作使劲大小为()图3A．F1B．F2C.eq\f(1,2)(F1＋F2)D.eq\f(1,2)(F1－F2)答案C分析设物体1和2的质量都为m，加快度为a，以整体为研究对象，由牛顿第二定律得a＝eq\f(F1－F2,2m)，以物体2为研究对象，有a＝eq\f(F12－F2,m)，解得F12＝eq\f(F1＋F2,2)，故C选项正确．10．如图4甲所示，小物块从圆滑固定斜面上自由滑下，小物块的位移x和时间的平方t2的关系如图乙所示．取g＝10m/s2，以下说法正确的选项是()图4A．小物块的加快度大小恒为2.5m/s2B．斜面倾角为60°C．小物块2s末的速度是5m/sD．小物块第2s内的均匀速度为7.5m/s答案D分析由题图乙得x＝2.5t2，比较公式x＝v0t＋eq\f(1,2)at2，得初速度v0＝0，加快度a＝5m/s2，选项A错误；由牛顿第二定律得ma＝mgsinθ，则sinθ＝eq\f(a,g)＝eq\f(5,10)＝0.5，θ＝30°，选项B错误；小物块2s末的速度v2＝at2＝5×2m/s＝10m/s，选项C错误；小物块1s末的速度v1＝at1＝5m/s，第2s内的均匀速度eq\x\to(v)＝eq\f(v1＋v2,2)＝7.5m/s，选项D正确．11．一个木块以某一水平初速度滑上粗拙的水平面，在水平面上运动的v－t图象如图5所示．已知重力加快度为g，则依据图象不可以求出的物理量是()图5A．木块的位移大小B．木块的加快度大小C．木块所受摩擦力D．木块与水平面间的动摩擦因数答案C分析位移大小可由v－t图象与时间轴所围的面积求出，由v－t图线的斜率可求出加快度大小a，由牛顿第二定律知，a＝μg，故动摩擦因数μ也可求出，因为木块的质量未知，故不可以求出木块所受摩擦力．12.如图6所示，传达带的水平部分AB是绷紧的，当传达带不运行时，滑块从斜面顶端由静止下滑，经过AB所用时间为t1，从B端飞出时速度大小为v1.若传达带沿逆时针方向运行，滑块相同从斜面顶端由静止下滑，经过AB所用时间为t2，从B端飞出时速度大小为v2，则()图6A．t1＝t2，v1＝v2B．t1＜t2，v1＞v2C．t1＞t2，v1＞v2D．t1＝t2，v1＞v2答案A分析在两种状况下，滑块抵达A点的初速度相等，在传达带上都做匀减速直线运动，加快度大小相等，依据速度位移公式知，抵达B端的速度相等，即v1＝v2，联合速度时间公式知，t1＝t2，故A正确，B、C、D错误．二、实验题13．某同学在用拉力传感器研究“作使劲与反作使劲关系”的实验中，把两个力传感器的挂钩钩在一同向相反方向拉动，察看显示器屏幕上出现的结果如图7所示．图7(1)察看分析两个力传感器的互相作使劲随时间变化的曲线，获得的实验结论为_______________________________________________________________；(2)假如实验时保持一只手不动，另一只手拉动，与两只手同时对拉获得的结论有没有变化？________(选填“有”或“没有”)．答案(1)作使劲与反作使劲老是大小相等，方向相反(2)没有14．某同学用如图8所示的实验装置研究“物体的加快度与力、质量的关系”，请回答以下相关此实验的问题：图8(1)该同学在实验前准备了图中所示的实验装置及以下协助器械：A．沟通电源、导线B．天平(含配套砝码)C．秒表D．刻度尺E．细线、沙和小沙桶此中不用要的器械是________(填代号)．(2)电火花计时器在小车拖动的纸带上打下一系列点迹，以此记录小车的运动状况．此中一部分纸带上的点迹状况如图9甲所示，已知电火花计时器打点的时间间隔T＝0.02s，测得A点到B、C点的距离分别为x1＝5.99cm，x2＝13.59cm，则在打下点迹B时，小车运动的速度vB＝________m/s；小车做匀加快直线运动的加快度a＝________m/s2.(结果均保存三位有效数字)图9(3)在研究“质量必定，加快度a与合外力F的关系”时，某学生依据实验数据作出了如图乙所示的a－F图象，此中图线可是原点的原由是________________________________________________________________________．答案(1)C(2)0.6801.61(3)均衡摩擦力过分分析(2)vB＝eq\f(xAC,2×5T)＝eq\f(x2,10T)＝eq\f(13.59,10×0.02)×10－2m/s≈0.680m/sa＝eq\f(x2－x1－x1,5T2)＝eq\f(13.59－5.99－5.99,5×0.022)×10－2m/s2＝1.61m/s2.三、计算题15.(2016·浙江4月选考·19)如图10是上海中心大厦，小明乘坐大厦迅速电梯，从基层抵达第119层参观平台仅用时55s．若电梯先以加快度a1做匀加快运动，达到最大速度18m/s.此后以最大速度匀速运动，最后以加快度a2做匀减速运动恰巧抵达参观平台．假设参观平台高度为549m，取g＝10m/s2.图10(1)若电梯经过20s匀加快达到最大速度，求加快度a1及上涨高度h；(2)在(1)问中的匀加快上涨过程中，若小明的质量为60kg，求小明对电梯地板的压力；(3)求电梯匀速运动的时间．答案(1)0.9m/s2，方向竖直向上180m(2)654N，方向竖直向下(3)6s分析(1)由运动学公式可得a1＝eq\f(vm,t1)＝eq\f(18,20)m/s2＝0.9m/s2h＝eq\f(1,2)a1teq\o\al(,12)＝eq\f(1,2)×0.9×202m＝180m(2)对小明受力分析，依据牛顿第二定律可得FN－mg＝ma1则FN＝mg＋ma1＝654N依据牛顿第三定律得：小明对地板的压力FN′＝FN＝654N，方向竖直向下(3)设匀速运动时间为t0，运动的总时间为t总，作出整个过程的v－t图象以以下图，则由v－t图象可得H＝eq\f(1,2)(t总＋t0)vm解得t0＝6s.16.如图11所示，一个质量为m＝2kg的小物块静置于足够长的斜面底端．现对其施加一个沿斜面向上、大小为F＝25N的恒力，3s后将F撤去，此时物块速度达到15m/s.设物块运动过程中所受摩擦力的大小不变，取g＝10m/s2.求：图11(1)物块所受摩擦力的大小；(2)物块在斜面上运动离斜面底端的最远距离；(3)物块在斜面上运动的总时间．(结果可用根式表示)答案看法析分析(1)由运动学公式得：v1＝a1t1解得a1＝5m/s2由牛顿第二定律：F－Ff－mgsinθ＝ma1解得Ff＝5N(2)撤去拉力后物块连续上滑：Ff＋mgsinθ＝ma2解得a2＝7.5m/s2撤去拉力前上