高一物理上学期1月月考考试试题卷含答案

高一物理上学期1月月考考试试题卷含答案一、选择题1.如图所示，质量均为m的厶、8两球之间系着一根不计质量的弹簧,放在光滑的水平面上，&球紧靠竖直墙壁，今用水平力尸将8球向左推压弹簧，平衡后，突然将尸撤去，在这瞬间，以下说法正确的是8球的速度为零，加速度大小为三m8球的速度为零，加速度为零A立即离开墙壁D.在AD.在A离开墙壁后,A、B两球均向右做匀速运动•1Y所示，和co是彼此平行的河岸，若河水以恒定的速度沿平行河岸方向向右流动,现使小船船头垂直河岸，由刀点匀速岀发,则小船实际运动的轨迹可能是图中的直线尸B.曲线QC.直线/?D.曲线S关于超重和失重，下列说法正确的是物体处于超重时，物体一定在上升物体处于失重状态时，物体可能在上升物体处于完全失重时，他的重力为零物体在完全失重时，它所受到的合外力为零在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为x=2Ot-2F（x的单位是t单位是s）.则该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度为（）18m B.32m C948m D.50m渡河时船头始终沿垂直河岸的方向.已知船在静水中航行的速度大小不变.水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，且比例系数为定值，河的两岸平行.在水平面内，以出发点为坐标原点，沿着河岸的方向为x轴，垂直河岸方向为轴，四位同学画出此过程中小船运动的轨迹，其中符合实际情况的是（）

将一小球以5m/s的速度水平抛出・经过Is小球落地，不i|空气阻力g=10m/s2.关于这段时间小球的运动，下列说法正确的是（ ）小球若地速度是10m/s小球竖宜方向的位移是10m小球着地速度是Sm/s小球水平方向位移是5m滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零.己知滑块通过斜而中点时的速度为v,则滑块在前一半路程中的平均速度大小为（ ）D.通过理想斜而实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是A.亚里士多德B.A.亚里士多德B.伽利略C.阿基米徳D.牛顿9.10.两个9.10.两个小球从两个不同高度处自由下落，结果同时到达地面，如图所示四幅图中，能正确表示它们的运动的是（ ）足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻

0.2-0.5小时内，甲的加速度比乙大C.0.2—0.8小时内・甲的位移比乙大0.2-0.5小时内，甲的加速度比乙大C.0.2—0.8小时内・甲的位移比乙大当汽车做匀变速直线运动时（ ）在相等的时间内位置变化相同C.速度大小不断改变，方向一定不变下列物理虽中，属于矢量的是（）加速度 B.质量0.2-0.5小时内，甲的速度比乙大D.0.8小时内.甲乙步行的路程相等在相等的时冋内速度变化相等D.加速度大小不断改变，方向一定不变路程 D.时间11.如图所示，质虽为m的物体在恒力F的作用下沿天花板匀速滑动.F与水平方向的央角为，物体与天花板之间的动摩擦因数为妨则物体受到的摩擦力大小是（）B.FsinSB.FsinSD.”mg-Fsin，Fcosi9p(Fsint9+mg)一质点沿工轴正方向做直线运动.通过坐标原点时开始汁时，其二-f图象如图所示,

则卜列说法正确的是（）质点做匀加速直线运动质点的初速度大小为质点的加速度大小为2m!s1质点在第1'内的平均速度大小为关于速度和加速度，下列说法正确的是（）物体的速度变化越大，加速度越大加速度为零的物体，速度一定为零物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同物体的加速度方向变化时，速度的方向也要发生变化一攀岩者以lm/s一攀岩者以lm/s的速度匀速向上攀登,途中碰落了岩壁上的石块，石块自由下落。3s后攀岩者听到石块落地的声音.此时他离地而的髙度约为（A.10mB.30mC.50mD.70mA.10mB.30mC.50mD.70m卜列说法正确的是（）游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态挙垂运动员在举起杠铃后静止不动的那段时间内处于超重状态D.跳高运动员到达空中最高点时处于平衡状态蹦床运动员跳离蹦床在空中上升与卜降时均处于失車状态D.从同一地点同时开始沿同一方向做宜线运动的两个物体I、II的速度图象如图所示.在（Tto时间内,下列说法中正确的是（）I、II两个物体的加速度都在不断减小I物体的加速度不断增大，口物体的加速度不断减小I物体的位移不断增大，II物体的位移不断减小I、II两个物体的平均速度大小都是妇々如图所示，一电梯住缆绳的拉动下向下做减速运动，则（＞

电梯中的人处于失重状态缆绳对电梯的弾力和电梯与人的总重力是一对平衡力缆绳对电梯的蝉力和电梯对缆绳的弹力是一对作用力与反作用力电梯对缆绳的弹力是由于缆绳发生弹性形变而产生的二、多选题如图，倾角。=30°的光滑斜面上甲,乙两个物块用轻弹簧连接，用平行斜而向上的拉力F拉甲物块，使甲、乙两物块一起沿斜而向上做匀速运动，两物块的质量均为m,重力加速度为g,下列说法正确的是拉力的大小为mg弹簧弹力大小为mgC.撤C.撤去拉力F间，两物体的加速度大小相等D.撤去拉力F瞬间，乙的加速度为零，甲的加速度大小为g一轻质弾黄一端固定在倾角为37。的光滑斜而的底端，另一端拴住质量不计的物块P,Q为质量为4kg的重物，弹簧的劲度系数为k=600N/m,系统处于静止状态。现给Q施加一个方向沿斜而向上的力人使它从静止开始沿斜而向上做匀加速直线运动，己知在前0.25内F为变力,0.2s以后F为恒力(sin37=0.6.g=10m/s2),则有()P、Q一P、Q一起匀加速的加速度为2m"F的最小值为8N,F的最大值为36NC.P、C.P、Q分离时弹簧为原长D.若P灿质量的物体,P、Q分离时弹簧为原长如图所示，倾角为。的楔形木块A放在水平地面上，一物体8的质量'为m,置于楔形木块的斜面匕现对木块A施加水平推力F，恰使小8一起向左匀加速运动，且8与人不发生相对滑动，不计一切摩擦，重力加速度为g则

8所受的合力大小为mgtan"8对A的压力大小为mgcos0若増加推力尸，则A对地面的圧力将不变若增加推力F,则A对地面的压力将増加24.如图，半径/?=0.45m24.如图，半径/?=0.45m的分之一光滑弧而轨道竖直固定，孤面下端与一水平足够长传送带右端相切，传送带以恒定的速度v=2m/s沿顺时针方向匀速转动.一质量m=lkg的小物块自圆弧而轨道的最髙点由静止滑卜.物块与传送带之间的动摩擦因数P=0.2，不汁物块滑过曲面与传送带交接处时的机械能损失，重力加速度g=10m/s2.则物块从第一次消上传送带到第一次离开传送带的过程中，下列说法正确的是（）A.物块在传送带上向左运动的最远距离为2mB・物块运动的时间为3.12SS物块与传送带间因摩擦产生的热能为12.5JD.传送带对物块做的功为D.传送带对物块做的功为2.5J如图所示，两根轻绳一•端系于结点O,另一•端分别系于固定圆环上的A、”两点，0心，。点卜而悬挂一物体，绳。4水平，拉力大小为玲绳Og与绳。4成。=120。,拉力大小为气，将两绳同时缓慢顺时针转过60。，并保持两绳之间的夹角。始终不变，物体始终保持静止状态。则在旋转过程中，下列说法正确的是（ ）A.K逐渐増大C.A.K逐渐増大C.%逐渐减小气先减小后増大三、实验题某同学做”探究弾力和弹簧伸长的关系”实验，他在竖直悬挂的弹簧下端加挂钩码.如图是他根据实验数据在给定的坐标系中作出弹簧总长度/与钩码质量m的关系图线。实验时弹簧始终未超过弹性限度，弹簧自以质量不计。根据图象可以计算出这只弹簧的（取g=10/h/s2）1Kcm(1>1Kcm(1>原长4= cm；（2）劲度系数k= N/m.在科学探究活动中，分析实验数据并归纳得出结论是非常重要的环竹.在“探充物体直线运动的规律〃实验中，某实验小组测得位移s和时间t的数据如卜•表.所测的物理量123456时间t（s）0.891.241.521.581.972.15位移S（m）0.250.500.751.001.251.50（1）根据数据在坐标纸上作出物体运动的5图象.（2） 根据作图可判断出表格中第—组数据有错误.（3） 若某同学提出位移与时间的二次方成正比的猜想，为验证猜想是否正确，应作 图象.若该猜想成立.则物体做 宜线运动.某物理课外小组利用如图甲所示的装置探究系统加速度与其所受合外力之间的关系,II将两个质量相等的秩码盘（毎个酷码盘的质量为m）II将两个质量相等的秩码盘（毎个酷码盘的质量为m）通过细线连接并挂在光滑的轻质定滑轮II上.并将5个质量均为小。的小硃码放在左盘中，4个质量也是，/的小酷码放在右盘中。实验步骤如下：

(1)用手托住右盘由静止择放，同时用传感器记录破码盘在时间t内移动的距离为/),计算机根据公式—，即可算出相应的系统加速度此时系统(两破码盘和破码)受到的合外力为5。(2)从右盘中把一个小球码移到左盘中，按照(1)中的方法操作，得到多组时间t和磋码盘移动距离龙的数据点，并根据数据点绘制的I图象如图乙所示，请根据图乙求出此时系统的加速度,并将结果填入下表空格处 .实验次教12345合外力F(vg)13实验次教12345合外力F(vg)13579加速度a(m.s'2]0.20A0.991.381,80忙，E2.5―—20I010.5° 0.51.0152.02.53.oA图乙(3)依次把右盘中的小彼码逐个移到左盘中，按照(1)中的方法操作，得到其他情况卜相应的系统加速度的值记入上表。利用表中的数据在图丙上描点并作出心图象。从图象能得到的实凝结论是：系统所缺不变时，—2.51■H■H 05 2.04.06.0KO10.0fAjqS图両某学习小组进行了“探究加速度与力和质量的关系〃实验。(1)实验过程，发现实验室有两种打点计时器，如图甲所示.其中电火花打点计时器是图中的 ；该打点计时器使用的电源是 (2)该小组欲通过图乙所示装置打出的纸带来测虽小车的加速度，图乙是小车释放前的状态，图中有两处明显错误，请指出其中任意一处错误 态，图中有两处明显错误，请指出其中任意一处错误 （3）经正确操作后，打出的一条纸带的一部分如聞丙。从比较清晰的点起，每S个点取一个计数点，测出相邻计数点之冋的距离（单位cm"由此求得小车在打点计时器打第2点的速度为—m/s（保留两位有效数字）。字）。,解答题如图所示，一与水平方向成3=37°角的传送带沿逆时针方向以大小为％=5n】/s的速度匀速转动，物体与传送带间的动摩擦因数A速度匀速转动，物体与传送带间的动摩擦因数A=。・5。当物体从传送带顶端由静止释放后,物体通过传送带的时间丄=l.5s,取sin37°=0.6.cos37°=0.8.重力加速度g=10m/s2o（1） 求传送带上表而的长度4：（2） 若物体以大小为i，=10m/s的速度从卜端沿传送带方向冲上传送带，求物体从冲上传送带到离开传送带的时间L列车以v0=54knVh的速度匀速行驶，因故需在中途临时停车列车制动过程中加速度大小为糾=0.3m//,重新启动过程中加速度大小为％=0.5m//.求列车：（1）从开始制动到停止的时间上（2） 启动后达到原来速度的位移旳的大小；（3） 由于临时停车所延误的时间在某一旅游景区，建有一山坡滑草运动项目。该山坡可看成倾角6=30-的斜面，一名游客连同滑草装置总质量m=80kg,他从静止开始沿斜面匀加速卜滑，游客滑ySOm后进入水平草坪，己知游客住坡上下滑时间与在水平草坪滑动时间之比为亚，游客从斜坡转6入水平草坪运动时速率不变，旦滑草装置与草皮间的动摩擦因数处处相同。不计空气阻力.结果凹以保留根号.求滑草装置与草皮之间的动摩擦因数卩；游客在坡上下滑的加速度为多大：试求游客在水平草坪而上滑动的最大距如图所示，某同学为赶上公交车在水平地而上拉着一个质量为m=16kg的箱子正以4m/s的速度匀速跑动，已知她所施加的拉力F大小为50N,方向与水平面火角为，=53。斜向右上方。某时刻突然发现前方s=2.4m(离箱子的距离)处冇一个倾斜角为，=37。的斜坡,同学耳上松手立刻向旁边闪开.己知地而和斜坡与箱子底部间的摩擦力均为接触而挤压力的k倍，HZg=10m/s2e不计箱子在斜坡与水平而连接处运动时的机械能损失.求：k为多少？箱子从松手到坡底运动了多少时间?箱子还能在斜坡上滑行多远？【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除一.选择题1.A解析:A【解析】【分析】速度不能发生突变，力可以突变，突然将F撤去，弹簧的压缩量没有来得及发生改变，故弹力不变，对8球运用牛顿第二定律，即可求得加速度。在弹簧第一次恢复原长时，B球的速度大于A球的速度，弹黄将被拉长，A受到弹簧的弹力A离开墙壁：在A离开墙壁后，8球的速度大于厶球的速度,弹簧将被拉长，厶将做加速运动，而B做减速运动【详解】撤去尸前，8球处于静止状态，速度为零，弾簧弹力等于将尸撤去的瞬间，速度不能发生突变，所以速度仍然为零，弹簧的压缩量没有来得及发生改变，故弹力不变，所以8球F只受弹簧弹力，根据牛顿第二定律可知：一不等于零，所以B球的速度为零，加速度不为m零，故A正确，B错误；在弹簧第一次恢艾原长时，8球的速度大于A球的速度，弾簧将被拉长•A受到弹簧的弹力A离开墙壁，故C错误；任A离开墙壁后，8球的速度大于A球的速度，弹簧将被拉长，A将做加速运动，而8做减速运动，故D错误。所以A正确,BCD错误。C解析：C【解析】试题分析：小船的实际运动速度是小船在静水中的速度与河水流速的合速度，两分速度是匀速直线运动，它们的和运动也是匀速直线运动，因此，小船将沿宜线运动.小船的实际运动是小船在静水中垂直河岸的运动与随河水流动的合运动，两分运动是匀速直线运动，它们的和运动也是匀速宜线运动，因此，小船将沿宜线运动.共轨迹为宜线，故沿直线R运动，C正确.B解析：B【解析】试题分析：失重状态：当物体对接触而的压力小于物体的权实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下：超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真.实重力时，就说物体处于超重状态，此时冇向上的加速度，合力也向上：超重与失重时，物体受到的重力不变.只要物体具有向上的加速度，物体则处于超重状态，口J能向上做加速运动，向卜做减速运动，A错误：当物体具有向下的加速度时，物体处于失重状态，可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动，B正确；完全失重时.只受到重力的作用，并且重力全部提供向卜的加速度重力不为零，视重为零.CD误.D解析：D【解析】【详解】根据x=20t-2t2可知，初速度vo=20m/s,加速度a=-4m/s2.刹车后做匀减速运动的位移为刹车痕迹长度：工=啓=50〃?，故ABC错误，D正确.2a故选D.5-D解析：D【解析】【分析】【详解】船在静水中航行的速度大小不变，设为％，则有:水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比或者\\=k(.d-V).-J<V<d” 2 -~A.水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，说明y方向运动轨迹不可能为宜线，A错误：BCD.在船渡河的过程中.y轴方向上的速度不变，x轴方向的速度从岸边到河中心增大，从河中心到对岸的速度减小，故加速度产生在X轴方向上，先沿X轴正向，后沿X轴负向：根据物体做曲线运动，合外力指向凹的一侧可知.运动轨迹向X轴正方向弯曲，然后向x轴负方向弯曲，D正确，BC错误。故选Do6.D解析：D【解析】【分析】【详解】小球做平抛运动水平方向上：$=w竖直方向上：h=^gr七=以小球最后的速度为v="+島解得：h=5m；s=5/n；v=5\/5m/s，故DiK确；ABC错误故选D【点睛】根据小球运动的时间求出小球抛出点的高度，结合初速度和时间求出水平位移.通过速度时间公式求出竖直分速度，根据平行四边形定则求出小球落地的速度大小7・A解析：A【解析】【分析】【详解】设初速度为减速位移为L由速度位移关系可得：0-v；=-2n£,0一子=_2〃?，由勾变速直线运动的推论注=^^=^^=(捉：3；故选A.2 2 2 2【点睛】

匀变速直线运动过程中合理应用速度位移公式和中间位移速度公式可以有效提高解题速度.8.B解析：B【解析】【详解】亚里士多徳凭借生活现象提出“力是维持运动的原因〃,故A错误：伽利略由理想斜面实验得到〃力不是维持物体运动的原因"，故B正确；给出许多求几何图形重心，包括由一阿基米徳确立了静力学和流体静力学的基本原在，给出许多求几何图形重心，包括由一抛物线和其网平行弦线所围成图形的重心的方法，阿基米徳证明物体在液体中所受浮力等于它所排开液体的重量，故C错误：牛顿结合伽利略和芾卡儿的成果提出了牛顿第一定律，故D错误。故选解析：B【解析】【分析】明确物体和周国几个物体相接触，即每个力应找到施力物体.对物体受力分析，明确物体和周国几个物体相接触，即每个力应找到施力物体.【详解】一定受重力，且竖直向下：同时由于空气的作用，受到空气阻力：方向故选B.一定受重力，且竖直向下：同时由于空气的作用，受到空气阻力：方向故选B.与运动方向相反；【点睛】本题解答时学生易错选D答案.原因是没有貞.正惯性的意义.同时应注意在受力分析时养成找施力物体的习惯・10.D解析：D【解析】【分析】本题号査由速度图象分析物体运动情况的能力.要抓住两球相等的量：加速度，说明速度图像平行，同时到，说明两球不是同时卜.落-结合卩-1图像的斜率代表加速度，而枳代表位移去分析.【详解】AB.由题意，两个小球从两个不同高度处自由卜.落，初速度为0,同时到达地面，说明两球不是同时下落，且高度大的小球应先下落，则在VT图像中图线与横坐标所包国的面积应大一些；在卜落过程，两者的加速度相同，都做匀加速直线运动，则图像斜率相同，故直线应平行，则AB错误：CD.髙度大的小球运动时间长，则末速度要大一些，而D中末速度相同，故C不正确，D正确.11.解析"【解析】【详解】由图知，0.2-0.5小时内甲乙都做匀速直线运动，加速度均为零，故A错误：s—t图像的斜率表示速度，甲的斜率大，则甲的速度比乙的大，故B正确：物体的位移等于s的变化最。则知0.2-0.8小时内，甲的位移与乙的相等，故C错误：0-0.6小时内，甲的位移比乙的大，0.6—0.8小时内，甲的位移比乙的大，所以0.8小时内，甲的路程比乙的大，故D错误。故选B。B解析：B【解析】【分析】【详解】对于匀变速直线运动，工=%，+；〃尸，可知各段时间内的初速度不同，则位移不同，即位置变化不相同，故A错误：速度该变量Av=a>At.故应该是在相等时间内的速度改变始终相等，故B正确：若加速度的方向与初速度方向相反，则物体速度的方向可能发生变化，如竖直上抛运动.故C错误；匀变速直线运动的加速度大小，方向都不变，故D错误；故选B.A解析：A【解析】【分析】【详解】A、 加速度是矢量，Jt•方向与合外力方向相同，故A正确：B、 质量、路程、时间都是只有大小，没有方向的标量，故BCD错误.A解析:A【解析】【分析】【详解】AB.对物体受力分析，将推力F正交分解.如图根据力平衡条件，水平方向冇:Fcosff-f=0则物体受到摩擦力大小f=FcosG,A正确，B错误：CD.根据力平衡条件，竖直方向有：Fsin&—N—mg=0解得：N=Fsin6-mg又f="N则摩擦力大小/=A（FsinO-mg）,cd错误。故选A。A解析:A【解析】【详解】ABC.假设质点匀加速直线运动，位移公式为1,x=v{it^-ar ⑴ 由图象可求得-=2/4-2 (2)t变形可得x=2/+2尸 (3)比较（1）、（3）可知质点做匀加速直线运动，根据系数相等可得质点的初速度％=2m/sA求得"=4m/s‘故A正确，BC错误：D.质点在第is内的平均速度大小为故D错误。故选择A选项。C解析：C【解析】【详解】A.物体的速度变化大，因时间不确定，加速度大小无法确定，故A错误;加速度为零的物体，速度不一定为零，可能很大，故B错误：Air由加速度的定义式〃=扌可知物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同，故CAr正确；D.物体的加速度方向变化时，速度的方向不一定发生变化，例如原来物体做加速直线运动，加速度方向变化后开始一段时间内物体仍沿原来方向做减速运动，速度方向没有变化，故D错误。故选择C选项•C解析：C【解析】【分析】本题考査自由落体运动遵循的规律及其相关的知识点，同时考査了估算能力。【详解】根据自由落体运动遵循的规律可知，35内石块自由卜落的高度约为力=：g尸=45m用时3秒，攀岩者向上爬了3米，所以距离地面高度约为h=45m4-3m=48m他离地而的髙度约为50m°故选C°18.D解析：D【解析】游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于平衡状态，不是失重状态，选项A错误：举重运动员在举起杠铃后靜止不动的那段时间内处于平衡状态，选项B错误：跳高运动员到达空中最髙点时，加速度为g,处于完全失重状态，选项C错误：蹦床运动员跳离蹦床在空中上升与下降时，加速度均为向下的g・故均处于失重状态，选项D正确；故选D.19・A解析：A【解析】【详解】AB.速度•时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体I做加速度不断减小的加速运动，物体II做加速度不断减小的减速运动，故A项与题意相符，B项与题意不相符：C・'，・f图象中图线与坐标轴围成图形的而积表示位移，由图可知I、II两物体的位移都在不断増大，故C项与题意不相符：D.图线与时间轴包困的面积表示对应时间内的位移大小，如果做匀变速运动，物体的速度从卩均匀减小到w,或从巧均匀增加到以，物体的位移就等于图中梯形的面枳.平均速度

就等于号故曲体的平均速度大于嶂，“的平均速度小于%M故D项与题20.C解析：C【解析】【详解】电梯向卜减速时，加速度向上，对人受力分析可知人所受支持力大于重力，则人处于超重状态，故A错误；因电梯有加速度，则缆绳对电梯的弹力和电梯与人的总重力不是一对平衡力，故B错误：C-缆绳对电梯的弹力和电梯对缆绳的弹力是一对作用力与反作用力，故C正确：D.电梯对缆绳的弹力是由于电梯发生弹性形变而产生的，故D错误。故选C。二、多选题AD【解析】【详解】A.斜面光滑，将甲乙两物块视为一个整体，做受力分析可得在沿斜面方向上平衡：故A正确:B.对乙物体受力分析，沿斜面方向上平衡可得弹簧弹力:故B错误;C.撤去拉力C.撤去拉力解析：AD【解析】【详解】A.斜而光滑，将甲乙两物块视为一个整体，做受力分析可得在沿斜而方向上平衡:F=2mgsina=2nigsin30"=mg故A正确；B.对乙物体受力分析，沿斜而方向上平衡可得弾簧弹力：%=mgsina=mgsin30"=故B错误;撤去拉力F瞬间，弹簧长度不变弹力不变。对甲物体受力分析，沿斜而方向上不平衡冇：%+mgsin3伊=ma^解得：“甲=£D.对乙物体受力分析，沿斜而方向上有：F.v-mgsin30°=ma〃乙=0甲乙两物体加速度大小不同。故C错误：D正确.故选ADoAC【解析】【详解】AC.系统做匀变速直线运动，因为物块P质量不汁，Q物块质量为，两物块分离时，对系统应用牛顿第二定律：对于Q物块应用牛顿第二定律：因为加速度相同，所以，所以弹簧恢复原解析：AC【解析】【详解】AC.系统做匀变速直线运动，因为物块P质量不计，Q物块质量为m=4kg,0.2s两物块分离时，对系统应用牛顿第二定律:F+F.-mgsin37=ma对于Q物块应用牛顿第二定律:因为加速度相同,所以七=0,所以弾簧恢复原长时，二者分离：开始P、Q静止，根据平衡条件：mgsin37=kx根据题意弹簧经过t=0.2s恢复原长，根据匀变速宜线运动位移与时间关系:x=-ar2解得：a=2m/s:•ACil.确：开始时，弾黄弾力沿斜面向上最大,外力F有最小值:扁n+上］一〃松sin37=ma解得：…8N两物块分离后，弹簧弹力为零.外力F有最大值:max一mgsin37=ma解得：Enu=32N,B错误;根据A选项分析可知，若P物块质量不为零，二者分离时D错误。故选ACo23.AD【解析】【详解】对物体B受力分析如图:B所受的合力大小为mgtan9,选项A正确；A对B的支持力，根据作用力与反作用力的关系，B对A的压力大小为，选项B错误:若增加推力F,则A与B解析：AD【解析】【详解】对物体8受力分析如图:&〃火

8听受的合力大小为mgtan01选项A正确:A对8的支持力已.=」竺=，根据作用力与反作用力的关系，8对A的压力大小为COS0器，选项B错误;若増加推力F，则A与8一起运动的加速度增大，8的合力增大，A对B的支持力。一^-增大，所以8对A的压力増大，那么A对地面的压力将增加，选项C错设，选sin0项D正确。故选AD.24.BC【解析】【分析】【详解】A、物体沿圆弧面下滑,机械能守恒:mgR=A、物体沿圆弧面下滑,机械能守恒:mgR=mv02t得：vO=3m./s,物体在传送带上相对运动时的加速度大小为：a=g=2m/s2,物体滑上传送带向左运解析：BC【解析】【分析】【详解】A.物体沿圆弧而卜•滑.机械能守恒：mgR-|mv02.得：v°=3m./s,物体在传送带上相对运动时的加速度大小为：a=//g=2m/52.物体滑上传送帯向左运动的最远距离:si=—=2.25m,故A错误.laB、 物体向左运动的时间：h=—=1.5s.物体向右加速到v的时间：^2=-=ls.向右加速的TOC\o"1-5"\h\zA a位s2=—=imt然后物体以速度V匀速运动的时间：6=^—^=0.625s,物体第一次从2a v滑上到离开传送带所经历的时间：尸3.125s,故B正确.C、 物块与传送带间因摩擦产生的热能Q=〃mg(s3trM2-S2)=12.5J,故C正确.D、 根据动能定理，传送带对物块做的功W=-mvz--mvdL=-2.Sh故D错误.2 2【点睛】25.AC【解析】【分析】【详解】对节点。进行受力分析，受到三个平衡力作用，作出矢量三角形，如图所示绳与绳成，以这两个力为边的角为是不变的，、与他们同时缓慢顺时针转过时,F1恰好经过圆心，变化如解析：AC【解析】【分析】【详解】对竹点。进行受力分析，受到三个平衡力作用，作出矢量三角形，如图所示绳08与绳成a=120*.以这两个力为边的角为60'是不变的，当他们同时缓慢顺时针转过60•时，A恰好经过圆心，变化如图所示，氏逐渐増大，凡逐渐减小故选AC.三、实验题26.5cm30N/m【解析】【分析】该题考査了对于实验《探究弹力和弾黄伸长的关系》中，对弹力与弹簧长度变化关系的分析。图线跟坐标轴交点，表示弹力为零时弾簧的长度.即为弹簧的原长。根据胡克定律可知，图象的斜率大小等于劲度系数大小。【详解】（1） 对弹力与弹簧长度变化关系的分析。图线跟坐标轴交点，表示弹力为零肘弹簧的长度，即为弹簧的原长。所以图象中倾斜宜线纵截距的物理意义：弹簧的原长故/＜）=5cnu（2） 图线的物理意义是表明弾黄的弹力大小和弹簧伸长最大小成正比，即,AF0.150x10-0“，小…k=——= N/m=30N/m.A/0.10-0.05【点睛】本题关键是熟悉描点法画图的应用以及正确理解图象斜率、截距等物理量的含义。图象的斜率表示劲度系数的大小。

s/m21.s/m21.【解析】【分析】【详解】（1）[1].s-t图象如图所示:（2）[2].误.根据作图可看出第4组数据明显偏离（2）[2].误.根据作图可看出第4组数据明显偏离s」图象.可判断出表格中第4组数据有错?!〔3）[3].s・F图象.动・2.01.0HSfH-0.5〔3）[3].s・F图象.动・2.01.0HSfH-0.528.h=^at2602若某同学提出位移与时间的二次方成正比的猜想，为验证猜想是否正确.应作看图象是否为过原点的一条倾斜宜线，若该猜想成立，则物体做匀加速宜线运:加速度勺合力成正比.° 2.04.06.08.010.0F/mog图丙【解析】【分析】【详解】（1）[1]由匀变速运动公式可知，当初速度为零时冇(2)[2]由代入图中点数据，可得h=-at2267=O.6OnVs2(4)[3]由题所给数据，描点连线如图Wm-s'2)2.5LiIirnTT2.0I).0LTIITZ.>n:0 20406,08.010.0图丙［句由图可知，当系统质量不变时，加速度与合力成正比。29.B交流220V左端没有垫高或小车离打点计时器太远0.36【解析】（1）电火花打点计时器是图中的B,它使用的是220V的交流电.小车离打点计时器太远，这样打og（2）错误：1、没有垫髙左端以平衡摩擦力：2、开始时,出的点太少。（3）打第二个点时的速度等于大1和3玉30.0352+0.0368.n_.=—= m/s=036m/s<>2T2x0.1解答题!1!(1)7.25m:(2)(VlO-l)s【解析】【分析】【详解】（1）物体刚放上传送带时，受到的摩擦力沿传送带向R点过程中的平均速度。对物体受力分析可知mgsin0+卩mgcos