2021-2022学年黑龙江省嫩江市第一中学高一（下）开学考试物理试题（解析版）

2021-2022学年黑龙江省嫩江市第一中学高一（下）开学考试考试时间：90分钟；满分：100分第I卷（选择题）一、选择题（共12题，每题3分，共36分。1至8单选，9至12题多选。）1.关于物体运动的速度、速度变化量、加速度之间的关系，下列说法正确的是（）A.物体运动的速度越大，其速度变化量一定越大B.物体运动的速度越大，其加速度一定越大C.物体运动的速度变化量越大，其加速度一定越大D.相同时间内，物体运动的速度变化量越大，其加速度一定越大【答案】D【解析】【详解】A.物体运动的速度越大，其速度变化量不一定越大，还可能为零，如匀速直线运动，故A错误；B．物体运动的速度越大，其加速度可能为零，如匀速直线运动，故B错误；C．物体运动的速度变化量越大，但所需时间不确定，所以加速度不一定越大，故C错误；D．相同时间内，物体运动的速度变化量越大，其速度变化就越快，所以加速度一定越大，故D正确。故选D。2.关于超重和失重，下列说法中正确的是（）A.超重就是物体受的重力增加了B.失重就是物体受的重力减少了C.完全失重就是物体的重力没有了D不论超重或失重甚至完全失重，物体所受重力都不变【答案】D【解析】【详解】AB．超重、失重时，重力没有变化，视重发生变化，AB错误；C．完全失重就是物体受到的重力不变，支持和接触物体间的弹力为零，重力只是用来提供加速度，C错误；

D．无论超重、失重，物体受到的重力都不变，D正确。

故选D。3.一个小球从离地500m位置开始作自由落体运动，g=10m/s2，则（）A.经过5s落到地面B.从开始落下的时刻起，最后1s内的位移为50mC.下落时间为总时间一半时的位移为250mD.从开始落下的时刻起，在第1s内的位移为5m【答案】D【解析】【详解】A．根据解得下落的时间为故A错误；B．从开始落下的时刻起，最后1s内的位移为故B错误；C．下落时间为总时间一半时的位移为故C错误；D．从开始落下的时刻起，在第1s内的位移为故D正确。故选D。4.2021年10月1日，新中国迎来72周年华诞，天安门广场举行了庄严的升旗仪式！在国歌奏响的46秒时间内，五星红旗迎风飘扬，冉冉升起。已知旗杆高度为28.3m，则下列说法正确的是（）A.46秒指的是时刻B.国旗上升过程中运动的位移大小等于28.3m，运动的路程大于28.3mC.研究五星红旗的飘扬姿态时不可以把五星红旗看作质点D.描述五星红旗冉冉升起选取的参考系是太阳【答案】C【解析】【详解】A．46秒对应时间轴上的线段，表示时间，故A错误；B．国旗上升过程中做直线运动，位移大小与路程相等，均是28.3m，故B错误；C．研究五星红旗的飘扬姿态时，五星红旗的形状和大小不可忽略，不可以把五星红旗看作质点，故C正确；D．描述五星红旗冉冉升起选取的参考系是地面，故D错误。故选C。5.关于物理学的科学研究方法，下列说法中正确的是（）A.在定义“速度”“加速度”等物理量时，主要应用了比值法定义物理量B.在探究两个互成角度的力的合成规律时，主要应用了控制变量法C.在探究加速度a与合外力F、质量m的关系时，主要应用了理想模型的方法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一段近似看成匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，主要应用了等效替代法【答案】A【解析】【详解】A．在定义“速度”“加速度”等物理量时，主要应用了比值法定义物理量，故A正确；B．在探究两个互成角度的力的合成规律时，主要应用了等效法，故B错误；C．在探究加速度a与合外力F、质量m的关系时，主要应用了控制变量法，故C错误；D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一段近似看成匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，主要应用了微元法，故D错误。故选A。6.在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于物理学研究方法的叙述错误的是（）A.不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法B.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法C.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的结果，能用实验直接验证D.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法【答案】C【解析】【详解】A．不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法，A正确，不符合题意；B．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法，B正确，不符合题意；C．由于使物体不受外力的情况无法实现，故牛顿第一定律不能用实验直接验证，C错误，符合题意；D．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，D正确，不符合题意。故选C7.关于物体运动的速度、速度变化量、加速度之间的关系，下列说法正确的是（）A.物体运动的速度越大，其速度变化量一定越大B.物体运动的速度越大，其加速度一定越大C.物体运动的速度变化量越大，其加速度一定越大D.相同时间内，物体运动的速度变化量越大，其加速度一定越大【答案】D【解析】【详解】A.物体运动的速度越大，其速度变化量不一定越大，还可能为零，如匀速直线运动，故A错误；B．物体运动的速度越大，其加速度可能为零，如匀速直线运动，故B错误；C．物体运动的速度变化量越大，但所需时间不确定，所以加速度不一定越大，故C错误；D．相同时间内，物体运动的速度变化量越大，其速度变化就越快，所以加速度一定越大，故D正确。故选D。8.图甲所示为乘客在进入地铁乘车前，将携带的物品放到水平传送带上通过安全检测仪接受检查时的情景，图乙所示为水平传送带装置示意图。紧绷的传送带始终以的恒定速率运行，乘客将行李（可视为质点）无初速度地放在传送带左端的a点，行李与传送带之间的动摩擦因数为0.5，a、b间的距离为，重力加速度g取。对于行李从a传送至b的整个过程，下列说法正确的是（）

A.行李始终受到向右的摩擦力 B.行李相对传送带向右运动C.行李从a传送至b的时间为 D.行李相对传送带移动的距离为【答案】C【解析】【详解】A．开始时行李受到传送带向右的摩擦力，由牛顿第二定律得所以加速度为设经过t时间两者共速，则由得该时间内行李的位移为故共速之后与传送带一起匀速行李不再受到摩擦力，所以A错误；BD．该时间内传送带的位移为所以行李相对传送带向左运动，相对位移为故BD错误；C．由题意行李匀速的时间为所以行李从a传送至b的时间为故C正确。故选C。9.俄罗斯“能源”火箭航天集团专家称，人类能在20年后飞往火星。若一物体从火星表面竖直向上抛出（不计空气阻力，物体只受重力时的加速度为重力加速度）时的位移时间x-t图像如图所示，则有（）A.该物体上升8s时，速度大小为4.8m/sB.该火星表面的重力加速度大小为1.6m/s2C.该物体被抛出时的初速度大小为6.0m/s2D.以该物体从抛出到落回火星表面的过程中，任意相等时间内速度变化量不相等【答案】AB【解析】【详解】B．由图可知，物体在5s时，上升到最大高度20m，可得解得B正确；C．由对称性可得，该物体被抛出时的初速度大小为C错误；A．该物体上升8s时，速度大小为故上升8s时的速度大小为4.8m/s，方向竖直向下，A正确；D．以该物体从抛出到落回火星表面的过程中，任意相等时间内速度变化量为故任意相等时间内速度变化量相等，D错误；故选AB。10.如图所示，滑轮用杆固定在天花板上，一轻绳跨过滑轮竖直悬挂，甲、乙两小孩拉住绳子两端。初始时两小孩均站在水平地面上，当位于左侧的甲用力向上攀爬时，位于右侧的乙始终用力抓紧绳子，最终至少一人能到达滑轮处。不计滑轮和轻绳的质量，忽略滑轮转轴的阻力。下列说法不正确的是（）A.若甲质量较大，则乙先到达滑轮处B.若两小孩质量相同，则两小孩同时到达滑轮处C.若甲质量较大，当甲向上攀爬的加速度增大时，乙的加速度一定减小D.在甲向上攀爬过程中，杆对滑轮的作用力等于两小孩的重力之和【答案】CD【解析】【详解】设绳子的拉力为F，甲的质量为，乙的质量为，由牛顿第二定律可得：对甲对乙甲乙都做初速度为0的匀加速直线运动，根据可得运动时间AB．若甲，乙两小孩质量相同，则两小孩加速度相同，将同时到达滑轮处；若甲质量较大，则甲的加速度较小，乙的加速度较大，所以乙先将到达滑轮处，AB正确；C．若甲向上攀爬的加速度增大，则将增大，可得也将增大，C错误；D．在甲向上攀爬过程中，杆对滑轮的作用力显然杆对滑轮的作用力不等于两小孩的重力之和，D错误。故选CD。11.如图所示，甲为履带式电梯，乙为台阶式电梯，它们倾角相同，没有顾客乘坐时低速转动，有顾客乘坐时会匀加速启动，启动时两个电梯的加速度大小相同。质量相同的小红和小明两个乘客分别乘坐甲、乙电梯上楼，在电梯启动阶段两位乘客受到的摩擦力大小分别为f甲、f乙，则（）

A.小明和小红受到电梯的作用力大小不相同 B.f甲>f乙C.小明受到电梯的作用力方向竖直向上 D.f甲与f乙大小关系与倾角大小无关【答案】BD【解析】【详解】A．小明和小红具有相同的加速度，由牛顿第二定律可知他们的合力相同，他们受到电梯的作用力及重力的作用，重力相同的情况下，电梯对他们的作用力大小相等、方向相同，A错误；B．设电梯倾角，由牛顿第二定律，对甲有对乙有对比可得B正确；C．由于小明的加速度沿电梯向上，由牛顿第二定律可知，小明受到电梯的作用力方向不可能竖直向上，C错误；D．结合B解析可知，f甲大于f乙关系与倾角大小无关，D正确。故选BD。12.一个小球从离地500m的位置开始作自由落体运动，g=10m/s2，则（）A.经过10s落到地面B.从开始落下的时刻起，最后1s内的位移为95mC.下落时间为总时间一半时的位移为250mD.从开始落下的时刻起，在第1s内的位移为5m【答案】ABD【解析】【详解】A．根据解得下落的时间为故A正确；B．从开始落下的时刻起，最后1s内的位移为故B正确；C．下落时间为总时间一半时的位移为故C错误；D．从开始落下的时刻起，在第1s内的位移为故D正确。故选ABD。第II卷（非选择题）二、实验题（每空2分，共16分）13.如图甲所示为“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置。小车质量为，砂桶和砂的总质量为，通过改变来改变小车所受的合力大小，小车的加速度可由打点计时器打出的纸带计算得到，小车受到的拉力由弹簧秤读出。实验过程中保持小车质量不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量进行多次实验，得到多组与的数据。（1）本实验主要采用的实验方法是__________；A.假设法B.理想化模型C.控制变量法（2）为了减小实验误差，下列措施正确的是___________；A.实验前应先平衡摩擦力B.实验时应使牵引小车的细线与桌面平行C.实验过程中需要使得砂桶和砂的总质量远小于小车的质量（3）图乙为上述实验中打下的一条纸带，图中、、、、为相邻的计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出，打点计时器的频率为，则小车的加速度大小为__________；（保留3位有效数字）（4）如果实验不满足，则得到的图像可能正确的是__________。A.B.C.【答案】①.C②.A③.2.00④.C【解析】【详解】（1）[1]本实验主要采用物理方法是控制变量法，C正确。（2）[2]A．实验前应先平衡摩擦力，从而使小车所受的细线拉力等于小车所受的合力，A正确；BC．实验时应使牵引小车的细线与木板平行。实验过程中由于小车所受的拉力通过弹簧测力计可以直接读出来，所以不需要砂桶和砂的总质量远小于小车的质量，故BC错误。故选A；（3）[3]相邻两个计数点之间的时间间隔小车运动的加速度大小（4）[4]对小车分析，应有，解得由于图像的斜率为所以增大砂和砂桶质量，不变，所以选C正确。14.物理兴趣小组利用如图1所示的实验装置探究加速度与合外力、质量的关系，细线已经调整为与长

（1）在探究加速度与合外力的关系时，若小盘、盘内砝码整体的总质量用m表示，小车（含车内砝码）和力传感器（通过电脑显示拉力的大小）质量用M表示。实验中，在保持M一定的前提下，___________（填“需要”或“不需要”）满足。在释放小车___________（填“之前”或“之后”）接通打点计时器的电源，在纸带上打出一系列的点。（2）在（1）的前提下，多次改变盘内砝码的质量，重复实验，测得多组力传感器的示数F及对应的小车加速度a，作出图像，最可能是图3中的___________。

（3）实验时打出的一条纸带如图2所示，打点计时器每隔0.02s打一个点，相应的加速度大小为___________。（保留2位有效数字）【答案】①.不需要②.之前③.B④.0.88【解析】【详解】（1）[1]力传感器显示的力的大小就是小车（含车内砝码）和力传感器受到的合外力，不需要用小盘和盘内砝码的总重力mg近似替代，不需要满足[2]实验时，应先接通打点计时器的电源，待打点稳定后，再释放小车（2）[3]本实验由于未平衡摩擦力，由牛顿第二定律可知解得是不过原点的一次函数故选B。（3）[4]所取计数点时间间隔利用逐差法三、解答题（共4题，每题12分）15.如图，一辆质量的足够长平板小车静止在光滑水平地面上，质量的小滑块放在平板车的左端，先将小车锁定不动，对滑块施加的水平推力，使滑块从静止开始滑动，推力F作用时间后撤去，此时滑块速度，设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，取。（1）求滑块与平板车之间的动摩擦因数；（2）求滑块在平板车上滑行的总时间t；（3）若将小车解锁，用同样的推力F作用相同时间后撤去，求当时小车的速度大小。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【详解】（1）由运动学公式得对滑块由牛顿第二定律得由上联立解得（2）设撤去F后运动时间为，加速度大小为，由牛顿第二定律得又由上联立解得（3）假设滑块与小车不相对滑动，则对滑块对整体由上联立解得由于假设成立。所以滑块和平板车先一起加速，后匀速，则解得16.如图所示，竖直平面内有一个V字形置物架，置物架AB两板相互垂直，且左板A与水平方向的夹角．现将一质量为m的保温杯水平放置于置物架内，已知保温杯与