北京四中2022学年高二下学期期末考试化学模拟试题

1、2022学年北京四中高二（下）期末化学试卷一、选择题（每小题3分，共60分只有一个正确选项）1（3分）下列物质中，不属于高分子化合物的是（）A塑料B淀粉C油脂D蛋白质【分析】相对分子质量在10000以上的为高分子化合物，以此来解答【解答】解：塑料、淀粉、蛋白质的相对分子质量均能在10000以上，均为高分子化合物，只有油脂不是高分子化合物，故选：C。【点评】本题考查高分子化合物的判断，为基础性习题，把握有机物的相对分子质量、常见的天然及合成高分子为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意油脂为大分子，题目难度不大2（3分）下列叙述正确的是（）A蛋白质溶液中加入Na2SO4溶液可使其变性B氨基酸

2、具有两性，既能与酸反应又能与碱反应C蔗糖既能发生水解反应，又能发生银镜反应D纤维素在人体内不能水解生成葡萄糖，因此对人体健康无益【分析】ANa2SO4可使蛋白质发生盐析；B氨基酸含羧基和氨基分析；C蔗糖为二糖，不含CHO；D人体内不含水解纤维素的酶【解答】解：ANa2SO4可使蛋白质发生盐析，加入重金属盐发生变性，故A错误；B氨基酸含羧基和氨基，既能与酸反应又能与碱反应属于两性化合物，故B正确；C蔗糖为二糖，不含CHO，是非还原性糖，则蔗糖能发生水解反应，不能发生银镜反应，故C错误；D人体内不含水解纤维素的酶，所以不能消化纤维素，但人类膳食中的纤维素主要含于蔬菜和粗加工的谷类中，虽然不能被消化

3、吸收，但有促进肠道蠕动，利于粪便排出等功能，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了氨基酸、蛋白质、糖类的结构性质的分析应用，掌握基础是解题关键，题目难度不大3（3分）下列物质属于同系物的是（）A与BCH3CH2Cl与CH2ClCH2CH2ClCC2H5OH与CH3OHDCH3CH2CH3与CH2=CHCH3【分析】结构相似，分子组成相差n个CH2原子团的有机化合物，互为同系物，注意同系物的官能团种类、数目相同【解答】解：A羟基直接连在苯环上属于酚类，两者分别为苯酚与苯甲醇，不是同系物，故A错误；BCH3CH2Cl和CH2ClCH2Cl含有的官能团的个数不同，在分子组成上相差的不是一个或若干个C

4、H2原子团，故不是同系物，故B错误；CC2H5OH与CH3OH结构相似，分子组成相差1个CH2原子团的有机化合物，互为同系物，故C正确；DCH3CH2CH3属于烷烃，CH2=CHCH3属于烯烃，二者不是同类物质，不是同系物，故D错误。故选：C。【点评】本题考查有机物的官能团及同系物，注意同系物的官能团种类、数目相同为解答的难点题目难度不大，是基础题4（3分）下列有机物有顺反异构体的是（）ACH3CH3BCH2=CH2CCH3CH=CHCH3DCH3CH=CH2【分析】根据存在顺反异构体的条件：分子中至少有一个键不能自由旋转（否则将变成另外一种分子）；双键上同一碳上不能有相同的基团，据此进行判断

5、【解答】解：A烷烃中不存在碳碳双键，故A错误；BCH2=CH2两个氢连在同一个双键碳上，则不存在顺反异构，故B错误；CCH3CH=CHCH3双键上同一碳上连不相同的基团：甲基和氢原子，所以存在顺反异构，故C正确；DCH3CH=CH2两个氢连在同一个双键碳上，则不存在顺反异构，故D错误。故选：C。【点评】本题考查顺反异构的判断，题目难度不大，注意掌握同分异构体的概念及类型，明确存在顺反异构体的条件为解题的关键5（3分）下列方法常用于分析有机物的相对分子质量的是（）A红外光谱法B核磁共振氢谱法C质谱法D燃烧法【分析】质谱仪其实是把有机物打成很多小块（有规律的，按照各官能团打开，所以一般有点经验的也

6、能从小数字看出这种物质大概含有哪些官能团），会有很多不同的分子量出现，其中最大的那个就是该有机物的分子量，以此解答该题【解答】解：A红外光谱是用于鉴定有机物中所含的各种官能团的，双键，三键，羟基，羧基羰基等等，故A错误；B核磁共振是检验不同环境的H的数量。有多少种不同的H，就有多少个峰，各个峰的高度大致上能显示各种H的数量比例，无法确定有机物的相对分子质量，故B错误；C质谱仪其实是把有机物打成很多小块，会有很多不同的分子量出现，其中最大的那个就是该有机物的分子量，故C正确；D燃烧法可确定有机物含有元素种类以及实验式，不能确定有机物的相对分子质量，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了常见确定有

7、机物分子组成的方法，题目难度不大，明确核磁共振氢谱、红外光谱、质谱仪、紫外光谱等的含义为解答关键，试题侧重基础知识的考查，培养了学生的灵活应用能力6（3分）下列各化合物的命名中正确的是（）ACH2=CHCH=CH21，3二丁烯B2，3，3三甲基戊烷C3丁醇D1，2二甲基丙烷【分析】（1）烷烃命名原则：长：选最长碳链为主链；多：遇等长碳链时，支链最多为主链；近：离支链最近一端编号；小：支链编号之和最小看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近离支链最近一端编号”的原则；简：两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；（2）有机物的名称书写要

8、规范；（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小【解答】解：ACH2=CHCH=CH2属于二烯烃，1，3号碳上各有1个双键，其名称为：1，3丁二烯，故A错误；B主链有5个碳原子烷烃，2号碳上有1个碳原子，3号碳上有2个碳原子，其名称为：2，3，3三甲基戊烷，故B正确；C2号碳上有1个羟基，其名称为2丁醇，故C错误；D主链有4个碳原子的烷烃，2号碳上有1个碳原子，系统命名为：2甲基丁烷，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了有机物的命名知识一般要求了解

9、烷烃的命名、苯的同系物的命名及简单的烃的衍生物的命名，难度不大，命名时要遵循命名原则，书写要规范7（3分）只用水就能鉴别的物质组是（）A苯、乙酸、CCl4B乙醇、乙醛、乙酸C乙二醇、乙醛、硝基苯D乙醇、甘油、苯酚【分析】能用水鉴别的有机物，主要是利用了有机物的水溶性以及密度的大小进行鉴别，注意三种物质的鉴别必须有两种以上的不同现象【解答】解：A苯和四氯化碳都不溶于水，但苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，乙酸与水混溶，加入水，三种物质的现象各不相同，可鉴别，故A正确；B乙醇、乙醛、乙酸都溶于水，且不存在特殊的现象，加水不能鉴别，故B错误；C乙二醇、乙醛都溶于水，且不存在特殊的现象，加水不能鉴

10、别二者，硝基苯不溶于水，故C错误；D乙醇、甘油都溶于水，且不存在特殊的现象，加水不能鉴别二者，苯酚在常温下微溶，不能鉴别，故D错误。故选：A。【点评】本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，注意把握有机物的水溶性以及密度8（3分）除去下列物质中所含少量杂质，所选用的试剂和分离方法能达到实验目的是（）选项混合物（括号内为杂质）试剂（足量）分离方法A苯（苯酚）Na2CO3溶液分液B乙烷（乙烯）酸性KMnO4溶液洗气C乙酸乙酯（乙酸）NaOH溶液分液D乙酸（乙醛）新制Cu（OH）2过滤【分析】A苯酚与碳酸钠反应后，与苯分层；B乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳；C乙酸、乙酸乙酯均与NaOH反应；D二者均与新

11、制Cu（OH）2反应，且乙酸易发生中和反应【解答】解：A苯酚与碳酸钠反应后，与苯分层，然后分液可分离，故A正确；B乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气，故B错误；C乙酸、乙酸乙酯均与NaOH反应，应选饱和碳酸钠溶液、分液，故C错误；D二者均与新制Cu（OH）2反应，且乙酸易发生中和反应，将原物质除去，不能除杂，故D错误；故选：A。【点评】本题考查混合物分离提纯，为高频考点，把握有机物的性质、混合物分离方法、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意除杂的原则，题目难度不大9（3分）下列操作不正确的是（）A用饱和食盐水替代水跟电石作用，可以有效控制产生乙炔的速率B

12、含不溶性杂质的粗苯甲酸进行重结晶分离的操作步骤之一是趁热过滤C做银镜反应实验后，用硝酸洗涤试管壁上的银镜D制备乙酸乙酯时，先向大试管中加入浓硫酸，再逐滴加入乙醇和乙酸【分析】A水与电石反应较快，饱和食盐水可减缓反应速率；B温度低时苯甲酸的溶解度小；CAg与硝酸反应；D应先加乙醇、再加浓硫酸，最后加乙酸【解答】解：A水与电石反应较快，饱和食盐水可减缓反应速率，则有效控制产生乙炔的速率，故A正确；B温度低时苯甲酸的溶解度小，则重结晶分离的操作步骤之一是趁热过滤，防止苯甲酸损失，故B正确；CAg与硝酸反应，则用硝酸洗涤试管壁上的银镜，故C正确；D应先加乙醇、再加浓硫酸，最后加乙酸，可防止液滴飞溅，充

13、分利用原料，试剂顺序不合理，故D错误；故选：D。【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、混合物分离提纯、常见气体制备原理为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大10（3分）下列物质中，既能发生消去反应又能被氧化成醛的是（）ACH3OHBCH3CH2CH2OHCD【分析】连接醇羟基的碳原子上含有两个H原子的醇能发生催化氧化反应生成醛，连接醇羟基或卤原子的碳原子相邻碳原子上含有H原子的有机物能发生消去反应，以此解答该题【解答】解：A只含有一个C原子，不能发生消去反应，故A错误；丙醇中连接醇羟基碳原子相邻碳原子上含有H原子，所以能发生消去反应

14、生成丙烯，连接醇羟基碳原子上含有2个H原子，所以能发生催化氧化反应生成醛，故B正确；C该物质被氧化生成酮，故C错误；D连接醇羟基碳原子相邻碳原子上不含氢原子，所以不能发生消去反应，故D错误。故选：B。【点评】本题考查消去反应和醇的催化氧化反应，为高频考点，明确有机物官能团和性质关系是解本题关键，注意醇发生催化氧化反应及消去反应结构特点，题目难度不大11（3分）下列反应的产物中一定不存在同分异构体的是（）ACH2=CHCH3与HBrB与NaOH乙醇溶液共热CCH3CH3与Cl2D与NaHCO3溶液【分析】A、丙烯与HBr可发生加成反应，加成反应生成两种物质，1溴丙烷和2溴丙烷；B、2氯丁烷（CH

15、3CH2CHClCH3）与NaOH乙醇溶液共热发生消去反应可生成1丁烯和2丁烯；C乙烷和氯气取代反应生成六种取代产物，其中二氯、三氯、四氯代物分别两种；D、邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶液反应生成邻羟基苯甲酸钠一种有机物【解答】解：A、丙烯与HBr可发生加成反应，加成反应生成两种物质，1溴丙烷和2溴丙烷，则存在同分异构体，故A错误；B、2氯丁烷（CH3CH2CHClCH3）与NaOH乙醇溶液共热发生消去反应可生成1丁烯和2丁烯，则存在同分异构体，故B错误；C乙烷和氯气光照取代反应，反应生成六种取代产物，且其中二氯、三氯、四氯代物分别两种，存在同分异构体，故C错误；D、邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶

16、液反应生成邻羟基苯甲酸钠一种有机物，则一定不存在同分异构体，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的性质，依次来判断产物是否存在同分异构体，做此类题目要注意根据有机物的结构特点分析可能的产物，题目难度不大12（3分）下列事实不能用有机物分子内基团间的相互作用解释的是（）A苯酚能跟浓溴水反应而乙醇不能B乙炔能发生加成反应而乙烷不能C钠与乙醇反应缓慢而与水反应剧烈D苯在5060时发生硝化反应而甲苯在30时即可【分析】A苯酚中酚OH影响苯环，苯环上H易被取代；B乙炔含碳碳三键，乙烷为饱和烃；C乙醇、水中OH连接基团不同；D甲苯中甲基影响苯环，苯环上H易被取代【解答】解：A苯酚、乙醇均含OH，苯酚

17、中酚OH影响苯环，苯环上H易被取代，则苯酚易与溴水发生取代反应，而乙醇不能，与有机物分子内基团间的相互作用有关，故A不选；B乙炔含碳碳三键，乙烷为饱和烃，则乙炔发生加成反应，而乙烷不能，与官能团有关，故B选；C乙醇、水中OH连接基团不同，则乙醇与Na反应缓慢，与有机物分子内基团间的相互作用有关，故C不选；D苯、甲苯均不含官能团，甲苯中甲基影响苯环，苯环上H易被取代，则甲苯易发生硝化反应，与有机物分子内基团间的相互作用有关，故D不选；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意官能团与性质、基团相互影响的判断，题

18、目难度中等13（3分）下列化学方程式正确的是（）A乙醇与浓氢溴酸反应：CH3CH2OHHBrCH3CH2BrH2OB乙酸乙酯在酸性条件下水解：CH3COOC2H5H2OCH3COOHC2H5OHC乙醛与银氨溶液反应：CH3CHO2Ag（NH3）2OHCH3COONH42Ag3NH3H2OD蔗糖在催化剂作用下水解：C12H22O11（蔗糖）H2O2C6H12O6（果糖）【分析】解：A乙醇与浓氢溴酸发生取代反应，应在加热条件下进行；B乙酸乙酯在酸性条件下水解生成乙酸和乙醇，为可逆反应；C乙醛与银氨溶液发生氧化还原反应生成乙酸铵、银和一水合氨；D蔗糖水解生成葡萄糖和果糖【解答】解：解：A乙醇与浓氢溴

19、酸发生取代反应，应在加热条件下进行，方程式为CH3CH2OHHBrCH3CH2BrH2O，故A错误；B乙酸乙酯在酸性条件下水解生成乙酸和乙醇，为可逆反应，方程式为CH3COOC2H5H2OCH3COOHC2H5OH，故B错误；C乙醛与银氨溶液发生氧化还原反应生成乙酸铵、银和一水合氨，方程式为CH3CHO2Ag（NH3）2OHCH3COONH42Ag3NH3H2O，故C正确；D蔗糖水解生成葡萄糖和果糖，方程式为C12H22O11（蔗糖）H2OC6H12O6（果糖）C6H12O6（葡萄糖），故D错误。故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机

20、物的官能团的性质，把握反应的类型和方程式的书写，难度不大14（3分）有关如图所示化合物的说法不正确的是（）A既可以与Br2的CCl4溶液发生加成反应，又可以在光照下与Br2发生取代反应B1mol该化合物最多可以与3molNaOH反应C分子式为C23H24O6D既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可以与NaHCO3溶液反应放出CO2气体【分析】该有机物中含有酯基，可发生水解反应，含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，以此解答该题【解答】解：A含有碳碳双键，可与溴发生加成反应，含有脂肪烃基，可在光照条件下发生取代反应，故A正确；B酚羟基和酯基水解生成的

21、羧基能和氢氧化钠反应，所以1mol该化合物最多可以与3molNaOH反应，故B正确；C由结构简式可知，分子式为C23H24O6，故C正确；D分子中不含羧基，且酚羟基酸性比碳酸弱，与碳酸氢钠不反应，故D错误。故选：D。【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构和官能团的性质，为解答该类题目的关键，难度不大15（3分）下列物质中，既能被酸性KMnO4溶液氧化，又能和溴水反应的是（）丙烯丙炔苯甲苯聚乙烯苯酚乙酸乙酯乙酸ABCD【分析】能跟溴水发生加成反应，又能被KMnO4溶液氧化，应含碳碳双键或三键，以此来解答【解答】解：能被酸性KMnO4溶

22、液氧化，应含有碳碳不饱和键、苯酚等，则符合；可与溴水发生加成反应，可与溴水发生取代反应，则只有符合。故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，注意把握有机物的官能团的性质为解答该类题目的关键，侧重常见有机物性质及反应的考查，题目难度不大16（3分）下列说法正确的是（）A用甘氨酸（H2NCH2COOH）和丙氨酸（CH3CHNH2COOH）缩合，最多可形成4种二肽B在酸性条件下，CH3CO18OC2H5水解的产物是CH3CO18OH和C2H5OHC实验室用如图装置证明酸性：醋酸碳酸苯酚，中放入浓醋酸，中放入CaCO3，中放入C6H5ONa溶液D实验室用如图装置证明乙炔具有还原性，中

23、放入H2O，中放入电石，中放入KMnO4溶液【分析】A氨基酸形成肽键原理为羧基提供OH，氨基提供H，两个氨基酸分子脱去一个水分子脱水结合形成二肽，既要考虑不同氨基酸分子间生成二肽，又要考虑同种氨基酸分子间形成二肽；B酯化时羧酸脱羟基、醇脱氢，酯化反应与水解反应互为可逆反应；C醋酸易挥发，醋酸与苯酚钠反应生成苯酚；D乙炔中混有硫化氢等，均可被高锰酸钾氧化【解答】解：A氨基酸生成二肽，就是两个氨基酸分子脱去一个水分子，当同种氨基酸脱水，生成2种二肽；当是异种氨基酸脱水：可以是甘氨酸脱去羟基，丙氨酸脱氢；也可以丙氨酸脱羟基，甘氨酸脱去氢，生成2种二肽，所以共有4种，故A正确；B在酸性条件下，CH3C

24、O18OC2H5水解的产物是CH3COOH和C2H518OH，故B错误；C醋酸易挥发，醋酸与苯酚钠反应生成苯酚，不能比较碳酸、苯酚的酸性，故C错误；D乙炔中混有硫化氢等，均可被高锰酸钾氧化，应选NaOH溶液除杂后，再检验乙炔，故D错误；故选：A。【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握有机物的性质、有机反应、酸性比较、物质的检验为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意有机物性质的应用，题目难度不大17（3分）2022年中国女药学家屠呦呦因创制新型抗疟药青蒿素和双氢青蒿素而获得2022年诺贝尔生理学或医学奖水煎青蒿治疗疟疾，药性很不稳定，屠呦呦以乙醚为溶剂低温提取青蒿素，使青蒿素

25、的药效显著提高关于青蒿素和双氢青蒿素（结构如图）的下列说法错误的是（）A青蒿素的分子式为C15H22O5B青蒿素水溶性和热稳定性很好C青蒿素分子中含有过氧键和酯基、醚键D由青蒿素制备双氢青蒿素的反应属于还原反应【分析】A根据结构简式确定分子式；B含有酯基，难溶于水；C根据结构简式确定官能团；D青蒿素与氢气发生加成反应生成双氢青蒿素【解答】解：A由结构简式可知青蒿素的分子式为C15H22O5，故A正确；B青蒿素含有酯基，难溶于水，故B错误；C由结构简式可知青蒿素分子中含有过氧链和酯基、醚键，故C正确；D青蒿素与氢气发生加成反应生成双氢青蒿素，属于还原反应，故D正确。故选：B。【点评】本题考查有机

26、物的结构与性质，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，把握官能团与性质的关系为解答的关键，题目难度中等18（3分）下列实验操作可以达到实验目的是（）选项实验目的实验操作A验证乙炔能被酸性高锰酸钾溶液氧化将乙醇与浓硫酸反应生成的气体通入酸性高锰酸钾溶液，观察溶液是否褪色B检验淀粉水解产物的还原性取少量淀粉溶液，与稀硫酸共热后再加入银氨溶液，水浴加热，观察是否出现银镜C检验溴乙烷中的溴元素取少量溴乙烷，与氢氧化钠溶液共热后加入硝酸银溶液，观察是否出现浅黄色色沉淀D证明溴乙烷消去反应有乙烯生成向试管中加入适量的溴乙烷和NaOH的乙醇溶液，加热，将反应产生的气体先通过盛有水的洗气瓶再通入酸性高锰酸钾溶液

27、【分析】A制取的乙炔中含有硫化氢等气体，能被酸性高锰酸钾溶液氧化；B银氨溶液应在碱性条件下进行；C溴离子的检验需要在酸性条件下进行；D将反应产生的气体先通过盛有水的洗气瓶，可除去乙醇，防止乙醇干扰实验现象【解答】解：A制取的乙炔中含有硫化氢等气体，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，从而干扰乙炔的检验，在通入酸性高锰酸钾溶液制取应该除去硫化氢等气体，故A错误；B银氨溶液应在碱性条件下进行，应先加入碱调节溶液至碱性，故B错误；C溴离子的检验需要在酸性条件下进行，碱性条件下，硝酸银和氢氧根离子反应生成沉淀，故C错误；D因乙醇可与高锰酸钾发生氧化还原反应，将反应产生的气体先通过盛有水的洗气瓶，可除去乙醇，防止

28、乙醇干扰实验现象，可用高锰酸钾检验乙烯，故D正确。故选：D。【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，涉及元素检验、除杂、物质检验等，侧重实验基本操作和实验原理的考查，注意实验的操作性、评价性分析，题目难度不大19（3分）科学家对人造血液和人造器官的研制及应用已取得了很大的进步以下物质可以作为人工心脏、人工血管等人造器官的高分子生物材料：下列关于上述高分子生物材料的说法中正确的是（）A用于合成维通橡胶的单体是B用于合成有机硅橡胶的单体是C聚四氟乙烯、有机硅橡胶均可看做加聚反应的产物D有机硅橡胶、聚甲基丙烯酸甲酯均可通过缩聚反应制得【分析】A在高分子链中，单体转变为在化学组成上能够重复的最

29、小单位，即链节判断高聚物的单体，就是根据高分子链，结合单体间可能发生的反应机理，找出高分子链中的链节，凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种；B有机硅橡胶是由缩聚而得；C凡链节的主碳链为两个碳原子，其单体必为一种，将链节的两个半键闭即为单体，机硅橡胶是缩聚产物；D有机硅橡胶是缩聚产物，聚甲基丙烯酸甲酯的链节为，所以它是加聚产物；【解答】解：A分析维通橡胶链节可知，链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种单烯烃。按如图方式断键可得单体为1，1二氟乙烯和全氟丙烯，故A错误；B分析有机硅橡胶链节可知，链节中主链硅上有两个羟基，为一个羟基脱掉氢原子一个羟基脱去生成水

30、，其单体必为发生分子间脱水缩聚成有机硅橡胶，故B正确；C聚四氟乙烯是主碳链为两个碳原子，其单体必为一种，是CF2CF2含有碳碳双键通过加聚反应聚合成聚四氟乙烯，有机硅橡胶是一个羟基脱掉氢原子一个羟基脱去生成水缩聚而成，故C错误；D有机硅橡胶是一个羟基脱掉氢原子一个羟基脱去生成水缩聚而成，聚甲基丙烯酸甲酯的链节为，可确定聚甲基丙烯酸甲酯的单体为，聚甲基丙烯酸甲酯是由单体加聚而成，故D错误；故选：B。【点评】本题主要考查对高分子化合物的理解与缩聚反应，注意根据聚合反应的类型及链节的结构特点来判断，题目难度中等20（3分）聚维酮碘的水溶液是一种常见的碘伏类缓释消毒剂，聚维酮通过氢键与HI3形成聚维酮

31、碘，其结构表示如下（图中虚线表示氢键）下列说法不正确的是（）A聚维酮的单体是B聚维酮分子由（mn）个单体聚合而成C聚维酮碘是一种水溶性物质D聚维酮在一定条件下能发生水解反应【分析】由高聚物结构简式可知的单体为，高聚物可与HI3形成氢键，则也可与水形成氢键，可溶于水，含有肽键，可发生水解，以此解答该题【解答】解：A由高聚物结构简式可知聚维酮的单体是，故A正确；B由2mn个单体加聚生成，故B错误；C高聚物可与HI3形成氢键，则也可与水形成氢键，可溶于水，故C正确；D含有肽键，具有多肽化合物的性质，可发生水解生成氨基和羧基，故D正确。故选：B。【点评】本题为2022年北京考题，侧重考查有机物的结构和

32、性质，涉及高聚物单体以及性质的判断，注意把握氢键以及官能团的性质，题目有利于培养学生的分析能力，难度不大二、填空题（共40分答案写在答题纸上）21（10分）合成高分子材料用途广泛、性能优异，其功能与分子结构有密切的关系下面是几种高分子材料的结构简式：ABCD（1）A是天然橡胶的主要成分，易老化，A中含有的官能团的名称是（2）B的单体是苯酚和，这两种单体在碱催化下，可得到网状高分子化合物，俗称电木，是（填“热塑性”或“热固性”）塑料（3）C与NaOH溶液在一定条件下反应，生成高吸水性树脂，该树脂的结构简式是（4）D是合成纤维中目前产量第一的聚酯纤维涤纶，可由两种单体在一定条件下合成，该合成反应的

33、化学方程式是【分析】（1）碳碳双键易被氧化；（2）由B的结构可知，苯酚和HCHO发生缩聚反应生成B，网状高分子化合物，具有热固性；（3）C与NaOH溶液在一定条件下反应，生成高吸水性树脂，发生的是水解反应；（4）由D的结构可知，对苯二甲酸与乙二醇发生缩聚反应可生成D，以此来解答【解答】解：（1）碳碳双键易被氧化，所以天然橡胶易老化，官能团为碳碳双键，故答案为：碳碳双键；（2）由B的结构可知，苯酚和HCHO发生缩聚反应生成B，网状高分子化合物，具有热固性，故答案为：甲醛热固性；（3）与NaOH溶液在一定条件下反应，生成高吸水性树脂，发生的是酯的水解反应，生成该树脂为，故答案为：；（4）由D的结构

34、可知，对苯二甲酸与乙二醇发生缩聚反应可生成D，则单体为对苯二甲酸和乙二醇，反应方程式：，故答案为：【点评】本题考查有机物的官能团和性质，明确有机物的结构及发生的水解反应是解答本题的关键，题目难度不大22（12分）乙酸乙酯是重要的有机合成中间体，广泛应用于化学工业为证明浓硫酸在该反应中起到了催化剂和吸水剂的作用，某同学利用如图所示装置进行了以下四个实验，实验开始先用酒精灯微热3min，再加热使之微微沸腾3min实验结束后充分振荡试管2，再测试管2中有机层的厚度，实验记录如下：实验编号试管1中的试剂试管2中试剂测得有机层的厚度/cmA3mL乙醇、2mL乙酸、1mL18mol/L浓硫酸饱和Na2CO

35、3碳酸钠溶液B3mL乙醇、2mL乙酸C3mL乙醇、2mL乙酸、6mL3mol/L硫酸D3mL乙醇、2mL乙酸、盐酸（1）写出实验A中试管1反应的化学方程式（2）实验D的目的是与实验C相比照，证明H对酯化反应具有催化作用实验D中应加入盐酸的体积和浓度分别是mL和mol/L（3）分析实验（填实验编号）的数据，可以推测出浓硫酸的吸水性提高了乙酸乙酯的产率浓硫酸的吸水性能够提高乙酸乙酯产率的原因是（4）加热有利于提高乙酸乙酯的产率，但实验发现温度过高乙酸乙酯的产率反而降低，可能的原因是【分析】（1）根据酯化反应原理可知，羧酸脱去羟基醇脱氢；（2）对比试验关键是要采用控制变量，即控制一个变量，其它条件不

36、变，所以可以从控制变量的角度来分析解答；（3）根据实验A和实验B的数据进行解答；水在酯化反应中为生成物，从生成物对化学平衡的影响角度分析（4）乙酸和乙醇容易挥发，且温度过高容易发生副反应【解答】解：（1）由于酯化反应中，羧酸脱去的是羟基，醇脱去氢原子，生成乙酸乙酯和水，其反应方程式为CH3COOHC2H5OHCH3COOC2H5H2O；故答案为：CH3COOHC2H5OHCH3COOC2H5H2O；（2）本题是研究实验D与实验C相对照，证明H对酯化反应具有催化作用的条件，题中采用了一个变量，实验C3molL1H2SO4，实验D盐酸，所以达到实验目的，实验D与实验C中H的浓度一样，实验C3mL乙

37、醇、2mL乙酸、3molL1H2SO4，实验D3mL乙醇、2mL乙酸、盐酸，要保证溶液体积一致，才能保证乙醇、乙酸的浓度不变，盐酸体积为6mL，实验D与实验C中H的浓度一样，所以盐酸的浓度为6molL1，故答案为：6，6；（3）对照实验A和B可知：试管中试剂实验A比实验B多1mL18molL1浓硫酸，但是试管中试剂中测得有机层乙酸乙酯的厚度，实验A为，而实验B只有，说明浓硫酸的吸水性提高了乙酸乙酯的产率；酯化反应为可逆反应，浓硫酸吸收酯化反应生成的水，降低了生成物浓度，使平衡向生成乙酸乙酯方向移动，故答案为：A；浓硫酸吸收酯化反应生成的水，降低了生成物浓度，使平衡向生成乙酸乙酯方向移动；（4）

38、乙酸与乙醇在浓硫酸作用下加热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，该反应为可逆反应，实验发现温度过高，乙酸乙酯的产率反而降低，是由于乙酸、乙醇都易挥发，使产率降低，或因温度过高可能发生副反应使产率降低，如乙醇在140，在浓硫酸催化下脱水生成乙醚，故答案为：乙酸、乙醇都易挥发，温度过高可能使乙酸、乙醇大量挥发使产率降低，温度过高可能发生副反应使产率降低【点评】本题考查了乙酸乙酯的制备方法、温度对反应速率、化学平衡的影响等知识，题目难度中等，注意把握乙酸乙酯的制备原理和实验方法，明确影响反应速率、化学平衡的因素三、填空题（共50分答案写在答题纸上）23（17分）有机物olM中含有4mol酯基cX与Y是同系物dG不存在顺反异构体（6）由Y生成D的化学方程