2022年职业考证-软考-程序员考试名师押题精选卷I（带答案详解）试卷号7

1、住在富人区的她2022年职业考证-软考-程序员考试名师押题精选卷I（带答案详解）（图片可根据实际调整大小）题型12345总分得分一.综合题(共50题)1.单选题栈是后进先出的线性数据结构，其基本操作不包括（ ）。问题1选项A.从栈底删除元素B.从栈顶弹出元素C.判断是否为空栈D.在栈顶加入元素【答案】A【解析】本题考查数据结构的基础知识。栈的基本操作有入栈、出栈、取栈顶及判断栈是否为空。入栈和出栈是指在栈顶加入及删除元素，取栈顶操作仅读取栈顶元素的值而不删除元素。从栈底删除元素不是应用栈时的基本操作。2.案例题阅读以下说明和C代码，填写程序中的空缺，将解答写入答题纸的对应栏内。【说明】规定整型

2、数组a中的元素取值范围为0,N)，函数usrSort( int n, int a )对非负整型数组a的前n个元素进行计数排序。排序时，用temp_arri表示i在数组a中出现的次数， 因此可以从0开始按顺序统计每个非负整数在a中的出现次数，然后对这些非负整数按照从小到大的顺序，结合其出现次数依次排列。例如，对含有10个元素0,8,5,2,0,1,4,2,0,1的数组a排序时，先计算出有3个0、2 个1、2个2、1个4、1个5和1个8，然后可确定排序后a的内容为0,0,0,1,1,2,2,4,5,8。下面代码中用到的memset函数的原型如下，其功能是将p所指内存区的n个字节都设置为ch的值。v

3、oid*memset (void *p, int ch, size_t n);【C代码】#include#include#include#define N 101void printArr(int a,int n);void usrSort(int n,int a);int main() int a10=0,8,5,2,0,1,4,2,0,1; printArr (a,sizeof(a)/sizeof(int); ( 1 ) _; /调用usrSort()对数组a进行升序排序printArr ( a,sizeof(a)/sizeof(int) );return 0;void printArr

4、(int a,int n) int i; for(i=0;ivoid usrSort(int n, int a) int i，k; int *temp_arr; /用temp_arri表示i在a中出现的次数 temp_arr=(int *)malloc(N*sizeof(int) ); if(!temp_arr) return; /将所申请并由temp_arr指向的内存区域清零 memset(_ (2) _); for(i=0;i_( 3 ) +; k=0; for(i=0;i ( 4 ) ; while(cnt0) ak=i; /将i放入数组a的适当位置 ( 5 ) ; cnt-; free

5、(temp_arr);【答案】(1) usrSort(10,a)或等效形式，a可替换为&a,&a0。(2) temp_arr,0,N*sizeof(int)或等效形式，其中N和sizeof(int)可替换为101、4。(3) ai或*(a+i)或等效形式(4) cnt = temp_arri或cnt= *(temp_arr+i)或等效形式(5）k+或+k或k=k+1或k+=1或等效形式【解析】本题考查考生对C程序基本结构、函数定义及调用和运算逻辑的理解和应用。根据空（1）所在语句的注释，明确是对函数usrSort进行调用。usrSort的原型声明为“void usrSort(int n, in

6、t a)，第一个参数表示需要排序的元素个数，第二个参数表示对哪个数组进行排序，题目中，需要对含有10个元素的数组进行排序，因此空(1)应填入“usrSort(10,a)” 或其等效形式。注意：第二个参数需要传入的数组（数组首地址），用数组名数组名或下标为0的数组元素取地址都可以，因此。空（2）所在语句是调用memset对申请的存储区域进行初始化。根据注释，要求将 temp_arr指向的内存区域清零，根据声明memset时的定义，void*memset (void *p, int ch, size_t n); ，此处需要对temp_arr所指向的空间区域的元素值都设置为0，而总king就可以结合

7、语句：temp_arr=(int *)malloc(N*sizeof(int) );，表示temp_arr占用空间为N*sizeof(int)，可知函数调用为memset ( temp_arr , 0 , N * sizeof ( int ) ) 。空（3）所在的循环语句遍历数组a的所有元素，将元素ai作为temp_arr的下标， 从而使得temp_arrai表示了ai表示的值在数组a中出现的次数。例如：数组a中函数元素1，则需要temp_arr1的值+1，数组a中函数元素5，则需要temp_arr5的值+1。空（4）、（5）主要是通过temp_arr中的元素取值情况来对数组a中元素进行重排，

8、假设tem_arr0=3，则表示0元素出现了3次。首先用cnt保留元素出现的次数，可知空(4）处应设置cnt的初始值，为“temp_arri”。 当cnt0时，表示元素i出现的次数超过了1次，需要进行循环填入，每在数组中放入1个i元素后，cnt自减（表明还需要放置的次数要减1），而k需要自增（表明元素放置位置要往后一个），以给出下一个i要放入的数组位置，因此空（5）处应填入“k+”或其等效形式。3.单选题在定点二进制运算中，减法运算是通过（ ）来实现的。问题1选项A.原码表示的二进制加法B.补码表示的二进制加法C.原码表示的二进制减法D.补码表示的二进制减法【答案】B【解析】本题考查计算机系统

9、中的数据运算的基础知识。用原码表示数据时，是在数值位部分表示出相应数值的绝对值。如果符号位相同，则减法运算是用绝对值较大者减去绝对值；若符号位不同，则减法运算实质是对两者的绝对值部分进行相加运算处理。用补码表示数据时，可以将减法转化为加法过程，运算时符号位和数值位用相同的规则处理，统一进行二进制相加运算即可。4.单选题画数据流图时，需要用（ ）对数据流图中各个元素进行定义。问题1选项A.数据说明B.数据定义C.数据字典D.数据模型【答案】C【解析】本题考查软件工程的基础知识。信息系统设计过程中需要画数据流图，其中包括四类元素：外部实体、输入流、处理加工和输出流，还需要用数据字典来定义各个元素及

10、其内含的诸多参数。5.单选题嵌入式操作系统的特点之一是可定制，这里的可定制是指（ ）。问题1选项A.系统构件、模块和体系结构必须达到应有的可靠性B.对过程控制、数据采集、传输等需要迅速响应C.在不同的微处理器平台上，能针对硬件变化进行结构与功能上的配置D.采用硬件抽象层和板级支撑包的底层设计技术【答案】C【解析】本题考查嵌入式操作系统的基本概念。嵌入式操作系统的主要特点包括微型化、可定制、实时性、可靠性和易移植性。其中，可定制是指从减少成本和缩短研发周期考虑，要求嵌入式操作系统能运行在不同的微处理器平台上，能针对硬件变化进行结构与功能上的配置，以满足不同应用需要。6.单选题信息系统进入使用阶段

11、后，主要任务是（ ）。问题1选项A.进行信息系统开发与测试B.进行信息系统需求分析C.对信息系统进行管理和维护D.对信息系统数据库进行设计【答案】C【解析】系统交付使用后的主要任务就是运行管理和维护，而选项A、B、D都是信息系统开发阶段需要做的工作。7.单选题在（ ）中，要按照确定的计算关系来找到给定关键码的存储位置。问题1选项A.顺序表B.哈希表C.单向链表D.双向链表【答案】B【解析】本题考查数据结构哈希查找基础知识。在哈希表（散列表）中，通过把关键码值映射到表中一个位置来访问记录，以加快查找的速度。这个映射函数叫作散列函数，存放记录的数组叫作哈希表（散列表）。哈希查找的操作步骤：（1）用

12、给定的哈希函数构造哈希表；（2）根据选择的冲突处理方法解决地址冲突；（3）在哈希表的基础上执行哈希查找。8.单选题以下描述中，属于通用操作系统基本功能的是（ ）。问题1选项A.对计算机系统中各种软、硬件资源进行管理B.对信息系统的运行状态进行监控C.对数据库中的各种数据进行汇总和检索D.对所播放的视频文件内容进行分析【答案】A【解析】本题考查操作系统的基本功能的知识。通用操作系统的五大功能为：1）进程管理：进程控制、进程同步、进程通信、进程调度2）文件管理：文件存储空间管理、目录管理、文件的读写管理、存取控制3）存储管理：存储分配与回收、存储保护、地址映射（变换）、主存扩充4）设备管理：对硬件

13、设备管理，对输入输出设备的分配、启动、完成和回收5）作业管理：任务、界面管理，人机交互、图形界面、语音控制、虚拟现实因此，答案选择A。9.单选题软件开发过程中，项目管理的目标不包括（ ）。问题1选项A.有效地控制产品的质量B.保证项目按预定进度完成C.合理利用各种资源，尽量减少浪费和闲置D.提高软件开发团队各成员的水平:【答案】D【解析】本题考查软件工程的基础知识。提高开发团队成员的水平主要靠学习、交流和实践经验积累，不是项目管理的目标。10.单选题虚拟存储技术使（ ）密切配合来构成虚拟存储器。问题1选项A.寄存器和主存B.主存和辅存C.寄存器和CacheD.硬盘和Cache【答案】B【解析】

14、本题考查计算机系统基础知识。 虚拟存储器（VirtualMemory）是为了给用户提供更大的随机存取空间而采用的一种存储技术。它将内存与外存（辅存）结合使用，好像有一个容量极大的内存储器，工作速度接近于主存，每位的成本又与辅存相近，在整机形成多层次存储系统。虚拟存储区的容量与物理主存大小无关，而受限于计算机的地址结构和可用磁盘容量。虚拟存储器是由硬件和操作系统自动实现存储信息调度和管理的。11.单选题（ ）是指系统之间交换数据和相互调用的难易程度。问题1选项A.可扩展性B.可重用性C.可移植性D.互操作性【答案】D【解析】本题考查软件工程的基础知识。软件系统的诸多质量特性中，互操作性是指系统之

15、间交换数据和相互调用的难易程度。12.单选题针对C语言源程序进行编译的过程，下面说法中正确的是（ ）。问题1选项A.需对未定义的变量报告错误B.需判断变量的值是否正确C.需计算循环语句的执行次数D.需判断循环条件是否正确【答案】A【解析】本题考查计算机系统的基础知识。对C语言源程序进行翻译的过程包括预处理、编译、链接等过程，编译过程中需要进行词法分析、语法分析、语义分析、中间代码生成、优化和目标代码生成，以及出错管理和符号表管理等。程序的语义包括静态语义和动态语义，编译过程中可以处理静态语义，动态语义在运行时处理。未定义的变量可在编译时报告，关于变量的值、循环条件的值及循环体语句的执行次数等都

16、属于动态语义。13.单选题（ ）是音频文件的扩展名。问题1选项A.XLSB.AVIC.WAVD.GIF【答案】C【解析】本题考查多媒体基础知识。常见的声音文件有：mp3、voc、snd、wav等。A、XLS一般指Microsoft Excel工作表(一种常用的电子表格格式)文件扩展名。B、AVI (Audio Video Interleaved)是微软开发的一种符合RIFF文件规范的数字音频与视频文件格式。C、WAV文件是Windows系统中使用的标准音频文件格式，它来源于对声音波形的采样，即波形文件。D、GIF是CompuServe公司开发的图像文件格式，它以数据块为单位来存储图像的相关信息

17、。14.单选题5G网络技术具有（ ）的特点。问题1选项A.低带宽、低时延B.低带宽、高时延C.高带宽、低时延D.高带宽、高时延【答案】C【解析】5G技术（第五代移动通信技术）具有高带宽、低时延的特点，可用于大数据量高速传输，实时响应以满足远程医疗、自动驾驶等需要。15.单选题（ ）variable is composed of a series of members,each representing one property of the object.问题1选项A.An arrayB.A BooleanC.A stringD.A struct【答案】D【解析】结构变量由一系列成员组成，每个

18、成员代表该对象的一种属性。16.单选题声音信号的数字化过程就是在时间和幅度两个维度上的离散化过程，其中时间的离 散化称为（ ）。问题1选项A.分时B.采样C.量化D.调频【答案】B【解析】本题考查多媒体基础知识。声音的数字化过程包含：采样量化编码三个阶段。采样：把时间连续的模拟信号在时间轴上离散化的过程。在某些特定的时刻获取声音信号幅值叫作采样。核心指标是采样频率（采样周期：每隔相同时间采样一次）。量化：把在幅度上连续取值（模拟量）的每一个样本转换为离散值（数字量）表示，即对样本的幅度值进行A/D转换（模数转换）。核心指标是量化精度（量化分辨率）：样本用二进制表示，位数多少反映精度。编码：按照

19、一定格式进行数据编码及组织成文件，可选择数据压缩编码存储，减少存储量。17.单选题将操作数包含在指令中的寻址方式称为（ ）。问题1选项A.直接寻址B.相对寻址C.间接寻址D.立即寻址【答案】D【解析】若操作数就包含在指令中，则是立即寻址。若操作数存放在内存单元中，指令中直接给出操作数所在存储单元的地址，则是直接寻址。间接寻址是相对于直接寻址而言的，指令地址字段的形式地址D不是操作数的真正地址，而是操作数地址的指示器。若操作数存放在某一寄存器中，指令中给出存放操作数的寄存器名，则是寄存器寻址。若操作数存放在内存单元中，操作数所在存储单元的地址在某个寄存器中，则是寄存器间接寻址。18.单选题某绿化

20、队分派甲、乙、丙三人合作栽种一批树苗。 最开始，甲、乙两人合作种了其中的1/6，后来乙、丙两人合作种了余下的2/5，最后由甲、乙、丙三人合作全部完成任务。若合作种树时各人的工作量是平均计算的，则甲、乙、丙三人的工作量之比为（ ）。问题1选项A.2:3:3B.3:4:3C.3:5:4D.4:6:5【答案】C【解析】本题考查应用数学的基础知识。前几天，甲、乙合作种了1/6，甲和乙的工作量都为1/12；后来，乙、丙合作种了余下5/6的2/5，即1/3，因此乙和丙的工作量都为1/6；最后，由甲、乙、丙三人完成了其余的1-1/6-1/3=1/2，甲、乙、丙三人的工作量都为1/6。综上，甲的工作量为1/1

21、2+1/6=3/12；乙的工作量为1/12+1/6+1/6=5/12；丙的工作量为1/6+1/6=4/12，因此，甲、乙、丙三人工作量之比为3:5:4。19.单选题在计算机系统中，通常可以（ ），以提高计算机访问磁盘的效率。问题1选项A.利用存储管理软件定期对内存进行碎片整理B.利用磁盘碎片整理程序定期对磁盘进行碎片整理C.利用系统资源管理器定期对ROM进行碎片整理D.利用磁盘碎片整理程序定期对磁盘数据进行压缩【答案】B【解析】本题考查计算机系统性能方面的基础知识。文件在磁盘上一般是以块（或扇区）的形式存储的。有的文件可能存储在一个连续的区域内，有的文件则被分割成若干个“片”存储在磁盘中不连续

22、的多个区域。这种情况对文件的完整性没有影响，但由于文件过于分散，将增加计算机读盘的时间，从而降低了计算机的效率。磁盘碎片整理程序可以在整个磁盘系统范围内对文件重新安排，将各个文件碎片在保证文件完整性的前提下转换到连续的存储区内，提高对文件的读取速度。20.单选题（ ）这两类事物之间存在一般和特殊的关系。问题1选项A.高铁与轮船B.SARS与新冠肺炎C.高铁与飞机D.肺炎与新冠肺炎【答案】D【解析】本题考查面向对象的基础知识。在采用面向对象技术开发的系统中，有些类之间存在一般和特殊的关系，一些类是某个类的特殊情况，某个类是一些类的一般情况， 即特殊类是一般类的子类，一般类是特殊类的父类。例如，“

23、汽车”类、“火车”类、“轮船”类、“飞机”类都是一种“交通工具”类。同样，“汽车”类还可以有更特殊的子类，如“轿车”类、“卡车”类等，“火车”按速度有更特殊的子类“特快”“直达列车”“动车”“高铁”等。“SARS和“新冠肺炎”都是冠状病毒感染，相互之间不具有特殊与一般关系，“新冠肺炎”是病毒感染所致“肺炎”。在这种关系下形成一种一般和特殊的关系。21.单选题在软件质量因素中，与能够得到正确或相符的结果或效果有关的软件属性为（ ）。问题1选项A.可靠性B.准确性C.可用性D.健壮性【答案】B【解析】本题考查软件工程基础知识。正确性（准确性）：正确实现算法功能，最重要的指标，是能否得到正确或相符的

24、结果或效果有关的软件 。可用性：可用性是在某个考察时间，系统能够正常运行的概率或时间占有率期望值。系统的可用性取决于MTTF（平均无故障时间，表示系统的可靠性）及MTTR（平均修复故障时间，表示系统的可维护性）。可靠性：元件、产品、系统在一定时间内、在一定条件下无故障地执行指定功能的能力或可能性。友好性：具有良好的使用性。可读性：可读的、可以理解的，方便分析、修改和移植。健壮性：对不合理的数据或非法的操作能进行检查、纠正。效率：对计算机资源的消耗，包括计算机内存和运行时间的消耗。 22.单选题以下关于字符串的叙述中，正确的是（ ）。问题1选项A.字符串是长度受限的线性表B.字符串不能采用链表存

25、储C.字符串是一种非线性数据结构D.空字符串的长度为0【答案】D【解析】本题考查数据结构的基础知识。字符串是一种线性表，其特殊性在于元素为字符，同时具有其特别的基本运算，如串比较、求子串、串连接等。选项A是错误的，字符串的长度不受限制。选项B是错误的，字符串可采用链表存储，只是这种存储方式大多数情况下不利于支持串的基本运算。选项C是错误的，字符串属于线性数据结构。23.案例题阅读以下说明和C代码，填补C代码中的空缺，将解答写在答题纸的对应栏内。【说明】【C代码】【答案】(1) fabs(x)本题考查C程序基本运算和流程控制的应用。函数cubeRoot(x)根据给定的公式计算x的立方根。根据精度

26、要求，绝对值小于1e-6的数，其立方根为0，因此，空(1)处应填入“fabs(x)n，x2对应公式中的xn+1，每次循环时，需要将x2传给x1，再计算出新的x2，因此空(2)处应填入“x2”，空(3)处应填入“x/(x1*x1)”。在满足精度要求时结束循环，即空(4)处应填入“(x2-x1)/x1 ”。根据题干部分的说明，显然空(5) 处应填入“x+=0.1”或其等效形式。24.单选题给出关系R（A，B，C）和S（A，B，C），R和S的函数依赖集F=AB，BC。若R和S进行自然连接运算，则结果集有（ ）个属性。关系R和S（ ）。问题1选项A.3B.4C.5D.6问题2选项A.不存在传递依赖B.

27、存在传递依赖ABC.存在传递依赖ACD.存在传递依赖BC【答案】第1题:A第2题:C【解析】本题考查数据库中关系代数运算方面的基础知识。当R和S进行自然连接运算时，结果集会去掉所有重复属性列，所以结果集有3个属性。根据题干“R和S的函数依赖集F=AB，BC”以及Armstrong公理系统的传递律规则（传递律：若XY 和 YZ在R 上成立，则X Z 在R 上成立。）可知，函数依赖“AC”为F所蕴涵。25.单选题假设有6个进程共享一个互斥段N，如果最多允许3个进程同时访问互斥段N，那么利用PV操作时，所用信号量S的变化范围为（ ）；若信号量S的当前值为-1，则表示系统中有（ ）个正在等待该资源的进

28、程。问题1选项A.06B.-15C.-24D.-33问题2选项A.0B.1C.2D.3【答案】第1题:D第2题:B【解析】第1题:第2题:本题考查操作系统进程管理同步与互斥方面的基础知识。系统中有6个进程共享一个互斥段N，如果最多允许2个进程同时进入N,那么信号量S的初值应设为3。假设6个进程依次进入N，那么当第一个进程进入N时，信号量S减1，等于2；当第二个进程进入N时，信号量S减1，等于1；当第三个进程进入N时，信号量S减1,等于0；当第四个进程进入N时，信号量S减1，等于-1；当第五个进程进入N时，信号量S减1，等于-2；当第六个进程进入N时，信号量S减1，等于-3。可见，信号量的变化范

29、围是-33。根据PV操作定义，当信号量的值小于0时，其绝对值表示等待资源的进程数，所以试题中，信号量S的当前值为-1，则表示系统中有1个进程请求资源得不到满足。26.单选题When all modules have been completed and tested, （ ）is performed to ensure that the modules operate together correctly.问题1选项A.unit testingB.integration testingC.system testingD.acceptance testing【答案】B【解析】所有的模块都编写完成

30、且测试后，就要进行集成测试，以确保这些模块合在一起能正确运行。27.单选题单向循环链表如下图所示，以下关于单向循环链表的叙述中，正确的是（ ）。问题1选项A.仅设头指针时，遍历单向循环链表的时间复杂度是O(1)B.仅设尾指针时，遍历单向循环链表的时间复杂度是O(1)C.仅设头指针时，在表尾插入一个新元素的时间复杂度是O(n)D.仅设尾指针时，在表头插入一个新元素的时间复杂度是O(n)【答案】C【解析】本题考查数据结构链表的基础知识。在单链表存储结构中，不管是有头指针还是有尾指针，其实现遍历（即遍访表中的所有元素）的时间复杂度都是O（n）。在单链表任何位置插入或删除结点，首先需要找到插入位置（该

31、算法的时间复杂度不确定），然后修改指针即可实现（该时间复杂度为O（1）。循环链表仅设头指针时，在表尾插入一个新元素时，因为要找到表尾位置，需从头结点遍历到尾结点，因此其时间复杂度是O（n）。循环链表仅设尾指针时，在表头插入一个新元素时，因为有尾指针且是循环链表，因此尾指针所指向结点的下一个结点就是头结点，进行在表头插入的时间复杂度是O（1）。28.单选题为了避免重复，将在程序中多处出现的一组无关的语句放在一个模块中，则该模块的内聚类型是（ ）。问题1选项A.逻辑内聚B.瞬时内聚C.偶然内聚D.通信内聚【答案】C【解析】本题考查软件设计的基础知识。模块独立是软件设计时考虑的重要方面，指每个模块完

32、成一个相对独立的特定子功能，并且与其他模块之间的联系要简单。衡量模块独立程度的标准有两个：耦合性和内聚性。其中内聚是一个模块内部各个元素彼此结合的紧密程度的度量，有多种类型：功能内聚：最强的内聚，完成一个单一功能，各个部分协同工作，缺一不可。顺序内聚：各个处理元素都密切相关与同一功能且必须顺序执行，前一个功能元素的输出就是下一个功能元素的输入。通信内聚：所有处理元素集中在一个数据结构的区域上，或者各处理使用相同的输入数据或产生相同的输出数据。过程内聚：模块内部的处理成分是相关的，而且这些处理必须以特定的次序执行。瞬时内聚（时间内聚）：把需要同时执行的动作组合在一起形成的模块。逻辑内聚：模块内执

33、行若干个逻辑上相似的功能，通过参数确定该模块完成哪一个功能。偶然内聚（巧合内聚）：模块内的各处理元素之间没有任何联系，可能因为某种原因，将在程序中多处出现的一组无关的语句放在一个模块中。29.单选题给定关系R（A,B,C,D）和关系S（A,C,D,E,F）,对其进行自然连接运算RS后的属性列为（ ） 个。问题1选项A.5B.6C.8D.9【答案】B【解析】本题考查数据库基础知识。自然连接(Natural join)是一种特殊的等值连接，它要求两个关系中进行比较的分量必须是相同的属性组，并且在结果中把重复的属性列去掉。而等值连接并不去掉重复的属性列。所以这里自然连接去掉了重复的A、C、D列，保留

34、了A、B、C、D、E、F，共6个列。30.单选题某企业拟开发一套大数据可视化平台，其系统架构包括：集成与管理层、数据可视化层、数据分析处理层、数据访问接入层，可图示如（ ）。问题1选项A.B.C.D.【答案】D【解析】本题考查网络新技术-大数据知识。首先数据可视化层最接近用户层，位于最上层；数据访问接入层位于最底层，其次再是数据分析处理层。31.单选题软件开发中的增量模型具有“（ ）” 的优点。问题1选项A.文档驱动B.关注开发新技术应用C.开发早期反馈及时和易于维护D.风险驱动【答案】C【解析】本题考查软件工程的基础知识。增量模型强调对每一个增量均发布一个可操作的产品，这有利于发现问题和修改

35、，以文档为驱动是瀑布模型，以风险为驱动是螺旋模型。32.单选题在软件开发的各个阶段，不同层次的人员参与程度并不一样。下图大致描述了某软件开发公司高级技术人员、管理人员和初级技术人员在各个阶段参与的程度，其中，曲 线、分别对应（ ）。问题1选项A.高级技术人员、管理人员、初级技术人员B.管理人员、高级技术人员、初级技术人员C.高级技术人员、初级技术人员、管理人员D.管理人员、初级技术人员、高级技术人员【答案】A【解析】本题考查软件工程基础知识。图中的直线表示总体来说各类人员参与程度的概况，当某个阶段人员参与度高的时候，对应的Y值越大。软件开发的最初阶段是管理人员接到项目，然后着手和安排人员等，随

36、即高级技术人员参与需求分析和总体设计，在详细设计阶段初级技术人员才逐步参与。编码阶段工作量最大的是程序员（初级技术人员)，但需要得到高级技术人员的指导和把控。测试阶段初期（单元测试）也是程序员为主，系统测试后则以高级技术人员为主。测试过程中还可能出现反复。整个过程中管理人员需要控制进度、质量、资源的分配使用等，在编码阶段管理人员参与度最低。33.单选题以下有关软件工程的叙述中，正确的是（ ）。问题1选项A.软件设计需要将软件需求规格说明书转换为软件源代码B.为提高可交互性，应尽量减少用户操作需记忆的信息量C.软件可重用性是指允许软件可以重复使用的次数或时间D.软件开发过程模型是指软件的体系结构

37、【答案】B【解析】本题考查软件工程的基础知识。软件设计是从软件需求规格说明书出发，根据需求分析阶段确定的功能设计软件系统的整体结构、划分功能模块、确定每个模块的实现算法，形成软件的具体设计方案。软件实现阶段才将软件设计具体方案转换成源代码。为提高可交互性，方便用户使用，应尽量减少用户操作需记忆的信息量。可重用性（Reusability）是指在其他应用中该程序可以被再次使用的程度（或范围）。软件开发过程模型是软件开发全部过程、活动和任务的结构框架。它能直观表达软件开发全过程，明确规定要完成的主要活动、任务和开发策略。34.单选题在需要保护的信息资产中，（ ）是最重要的。问题1选项A.软件B.硬件

38、C.数据D.环境【答案】C【解析】本题考查信息安全的基础知识。在信息资产中，软件、硬件及环境都具有可重构性，数据则存在不可完全恢复的可能性，因此是最重要的。35.案例题阅读下列说明和C+代码，将应填入（n）处的字句写在答题纸的对应栏内。【说明】现如今线下支付系统可以使用现金（Cash）、移动支付、银行卡（Card）（信用卡 （CreditCard）和储蓄卡（DebitCard）等多种支付方式（PaymentMethod）对物品（Item） 账单（Bill）进行支付。图6-1是某支付系统的简略类图。图6-1 类图【C+代码】#include#includevector#includestring

39、using namespace std;class PaymentMethod public: virtual void pay(int cents)=0;；/ Cash、DebitCard和Item实现略，Item中getPrice( )获取当前物品对象的价格class Card : public PaymentMethod private: string name, num;public: Card(string name, string num) this-name = name; this-num = num; string toString( ) return this-getTyp

40、e( ) + cardname = + name + ，num = + num + ； ) void pay(int cents) coutexecuteTransaction(cents); protected: virtual string getType( )=0; virtual void （1） =0:;class CreditCard （2） public: CreditCard(stringname, stringnum) （3） protected: string getType( ) return CREDIT ； void executeTransaction(int ce

41、nts) coutclass Bill /包含所有购买商品的账单private: vector items; /包含物品的 vectorpublic: void add(Item* item) items.push_back(item); int getTotalPrice( ) /*计算所有item的总价格，代码略*/ void pay(PaymentMethod* paymentMethod) /用指定的支付方式完成支付 （4） (getTotalPrice( ); ;class PaymentSystempublic: void pay( ) Bill* bill = new Bill(

42、 ); Item* item1= new Item1234，10); Item* item2 = new Item(5678,40); bill-add(item1); bill-add(item2); /将物品添加到账单中 （5） (new CreditCard(LI SI, 98765432101); /信用卡支付 ；Intmain( ) （6） = new PaymentSystem( ); payment-pay( )； return 0;【答案】（1）executeTransaction(int cents)（2）:public Card（3）:Card(name,num)（4）pa

43、ymentMethod-pay（5）bill-pay（6）PaymentSystem *payment【解析】（1）定义虚方法，在子类中实现，包含getType()和executeTransaction(int cents)两个。（2）CreditCard继承Card，所以这里填继承，用：:public Card。（3）CreditCard内有构造方法，并将方法内的参数传递给父类的私有成员，填 :Card(name,num)。（4）利用paymentMethod对象调用pay方法，并传入具体价格getTotalPrice，这里填paymentMethod-pay。（5）调用bill的pay方法

44、，bill-pay。（6）通过PaymentSystem *payment=new PaymentSystem进行创建对象指针。36.单选题Windows操作系统通常将系统文件保存在（ ）。问题1选项A.“MyDrivers”文件或“update文件中B.“MyDrivers文件夹或“update文件夹中C.“Windows文件或“Program Files”文件中D.“Windows”文件夹和“Program Files”文件夹中【答案】D【解析】本题考查Windows操作系统方面的基础知识。在操作系统中，文件是保存在文件夹（根目录或子目录）中的，故选项A、选项C是错误的。Windows系统

45、中，系统文件是计算机上运行Windows所必需的文件。系统文件通常保存在“Windows文件夹或“Program Files” 文件夹中，可见选项B也是错误的。根据排除法，正确选项为D。注意:默认情况下，系统文件是隐藏的，以避免将其意外修改或删除。37.单选题下列网络互连设备中，工作在物理层的是（ ）。问题1选项A.交换机B.集线器C.路由器D.网桥【答案】B【解析】本题考查网络基础知识。集线器的英文称为“Hub”。“Hub”是“中心”的意思，集线器的主要功能是对接收到的信号进行再生整形放大，以扩大网络的传输距离，同时把所有节点集中在以它为中心的节点上。它工作于OSI（开放系统互联参考模型）参

46、考模型第一层，即“物理层”。38.单选题（ ）is the delivery of different services through the Internet, including data storage, servers, databases, networking, and software.问题1选项A.AIB.BlockchainC.Cloud ComputingD.Big Data【答案】C【解析】云计算就是通过互联网交付的多种服务，包括数据存储、服务器、数据库、组网和软件。39.单选题采用直线和曲线等元素来描述的图是（ ）。问题1选项A.点阵图B.矢量图C.位图D.灰度图【答

47、案】B【解析】矢量图是根据几何特性、通过多个对象的组合生成图形，矢量可以是一个点或一条线。矢量文件中的图形元素称为对象。每个对象都是一个自成一体的实体，它具有颜色、形状、轮廓、大小和屏幕位置等属性。位图也称为点阵图、像素图等，构成位图的最小单位是像素，位图就是由像素阵列的排列来实现其显示效果的，每个像素有自己的颜色信息，在对位图图像进行编辑操作的时候，可操作的对象是每个像素,可以改变图像的色相、饱和度、明度，从而改变图像的显示效果。对位图进行缩放时会失真。40.单选题数据库中常见的check (约束机制)是为了保证数据的（ ）， 防止合法用户使用数据库时向数据库加入不符合语义的数据。问题1选项

48、A.完整性B.安全性C.可靠性D.并发控制【答案】A【解析】本题考查数据库技术方面的知识。数据库的完整性是指数据库正确性和相容性，是防止合法用户使用数据库时向数据库加入不符合语义的数据。保证数据库中数据是正确的，避免非法的更新。数据库完整性重点需要掌握的内容有:完整性约束条件的分类、完整性控制应具备的功能。完整性约束条件作用的对象有关系、元组、列三种。在数据库系统中常见的check（约束机制）就是为了保证数据的完整性，check约束可以应用于1个或多个列。例如：学生关系S（学号，课程号，成绩），若要求该关系中的“成绩”不能为负值，则可用“check (成绩=0)”进行约束。41.单选题企业采用

49、云计算模式部署信息系统所具有的优势中不包括（ ）。问题1选项A.企业的全部数据、科研和技术都放到网上，以利共享B.全面优化业务流程，加速培育新产品、新模式、新业态C.从软件、平台、网络等各方面，加快两化深度融合步伐D.有效整合优化资源，重塑生产组织方式，实现协同创新【答案】A【解析】企业采用云计算模式部署信息系统时，一般都会考虑将哪些数据放在公有云或私有云上，如何保护企业的商业秘密以及企业员工的隐私，需要考虑尚在研发的未成熟的技术数据如何保存、保护和管理。42.单选题下列传输介质中，带宽最宽、抗干扰能力最强的是（ ）。问题1选项A.双绞线B.红外线C.同轴电缆D.光纤【答案】D【解析】光纤传输

50、的突出优点有：频带宽、损耗低、抗干扰能力强、重量轻、保真度高、性能可靠等。43.单选题以下关于数据流图基本加工的叙述中，错误的是（ ）。问题1选项A.对数据流图中的每一个基本加工，应该对应一个加工规格说明B.加工规格说明必须描述基本加工如何把输入数据流转换为输出数据流的加工规则C.加工规格说明必须描述如何实现加工的细节D.加工规格说明中包含的信息应是充足的、完备的和有用的【答案】C【解析】本题考查软件工程结构化分析的基础知识。数据流图是结构化分析的核心模型，描述数据在系统中如何被传送或变换以及描述如何对数据流进行变换的功能(子功能)，用于功能建模。进行软件系统开发时，一般会建立分层的数据流图，

51、不断细化对系统需求的理解。数据流图的基本要素包括外部实体、加工、数据流和数据存储。通过对加工的分解得到分级式数据流图，直到加工变成基本加工。此时应该对每个基本加工提供一个加工规格说明，描述基本加工如何把输入数据流转换为输出数据流的加工规则。 在说明中，信息应是充足的、完备的和有用的。但是加工规格说明不是算法实现，因此不需要描述如何实现加工的细节。44.单选题判定覆盖法要求测试用例能使被测程序中每个判定表达式的每条分支都至少通过一次。若某程序的流程图如下图所示，则用判定覆盖法对该程序进行测试时，至少需要设计（ ）个测试用例。问题1选项A.4B.5C.6D.8【答案】B【解析】本题考查软件工程的基

52、础知识。上述流程图中，从begin到return result有五条路使所有的判定分支都至少通过一次：(1)b=0；(2)b为正数，a为非负数；(3)b为正数，a为负数；(4)b为非正数，a为非负数；(5)b为非正数，a为负数。而且用例不能再少了。45.单选题利用（ ）可以对软件的技术信息、经营信息提供保护。问题1选项A.著作权B.专利权C.商标权D.商业秘密权【答案】D【解析】商业秘密权是指当事人可以依法对商业秘密享有占有、使用、收益和处分的权利。商业秘密权具有知识产权的本质特征，是对创造性成果给予保护的权利形态，可以对软件的技术信息、经营信息提供保护。46.单选题在网页中点击的超链接指向（

53、 ）类型文件时， 服务器不执行该文件，直接传递给浏览器。问题1选项A.ASPB.HTMLC.CGID.JSP【答案】B【解析】本题考查网络的基础知识。ASP（Active Server Pages）是服务器端脚本编写环境，使用它可以创建和运行动态、交互的Web服务器应用程序。使用ASP可以组合HTML页、VBScript脚本命令和JavaScript脚本命令等，以创建交互的Web页和基于Web的功能强大的应用程序。HTML文件描述静态网页内容。当客户机通过IE浏览器向Web服务器请求提供网页内容时，服务器仅仅是将已经设计好的静态HTML文档传送给用户浏览器。CGI主要的功能是在www环境下，通

54、过从客户端传递一些信息给Web服务器，再由Web服务器去启动所指定的程序来完成特定的工作。所以更明确地说，CGI仅是在Web服务器上可执行的程序，其工作就是控制信息要求而且产生并传回所需的文件。JSP（Java Server Pages）是由Sun Microsystems公司倡导和许多公司参与共同创建的一种使软件开发者可以响应客户端请求，而动态生成HTML、XML或其他格式文档的Web网页的技术标准。47.单选题浏览器开启无痕浏览模式后，（ ）依然会被保存下来。问题1选项A.浏览历史B.搜索历史C.已下载文件D.临时文件【答案】C【解析】本题考查浏览器基本操作。无痕浏览是指不留下上网浏览记录

55、的互联网浏览方式。在隐私浏览过程中，浏览器不会保存任何浏览历史、搜索历史、下载历史、表单历史、Cookie 或者 Internet临时文件。但是对于已下载的文件还是会保存下来。48.案例题阅读以下说明和C代码，填写程序中的空（1）（5），将解答写入答题纸的对应栏内。【说明】下面程序运行时，对输入的表达式进行计算并输出计算结果。设表达式由两个整数和一个运算符（+或-）构成，整数和运算符之间以空格分隔，运算符可以出现在两个整数之前、之间或之后，整数不超过4位，输入的两个整数和运算符都用字符串表示。例如，输入分别为“25+7”“+25 7”“25 7+”时，输出均为“25+7=32”。【C代码】#includeint str2int（char *s）; /将数字字符串转换为整数int isOperator（char *str）; /判断字符串的开头字符是否为运算符void cal（char op, char a , charb ）; /将数字串转化为对应整数后进行op所要求的计算void solve（char a ，char b ，char c ）;int main () char a10,b10, c10; scanf（s%s%s