广东省深圳市实验中学20192020学年高二化学上学期期中试题(含解析)

1、广东省深圳市实验中学2019_2020学年高二化学上学期期中试题(含分析)广东省深圳市实验中学2019_2020学年高二化学上学期期中试题(含分析)21/21广东省深圳市实验中学2019_2020学年高二化学上学期期中试题(含分析)广东省深圳市实验中学2019-2020学年高二化学上学期期中试题（含分析）第1卷（选择题，共52分）可能用到的相对原子质量C-12H-1O-16一、单项选择题（每题只有一个选项符合题意，每题2分，共28分）1.对以下化学用语的理解正确的选项是()A.比率模型既能够表示甲烷分子，也能够表示四氯化碳分子B.电子式既能够表示烃基，也能够表示氢氧根离子C.丙烯的最简式可表示

2、为CH2构造简式(CH3)2CHCH3既能够表示正丁烷，也能够表示异丁烷【答案】C【分析】【详解】A甲烷分子或四氯化碳分子均为正四周体构型，但原子半径为ClCH，则比率模型表示甲烷分子，而不可以够表示四氯化碳，故A错误；B电子式只好表示羟基，不可以够氢氧根离子，因为氢氧根离子为阴离子，氢氧根的电子式应当为：，故B错误；C丙烯的分子式为C3H6，则最简式可表示为CH2，故C正确；D构造简式(CH3)2CHCH3只好够表示异丁烷，不可以够够表示正丁烷，故D错误；答案为C。以下对于化石燃料的说法正确的选项是石油分馏可获取石油气、汽油、苯及其同系物等石油催化裂化主要获取乙烯、乙炔等煤含有苯和甲苯，可干

3、馏后获取苯和甲苯煤的液化、气化属于均属于化学变化【答案】D【分析】-1-【详解】A、石油分馏的产物还是混淆物，主要获取汽油、煤油、柴油、白腊等，不可以能获取苯纯净物，A错误；B、石油催化裂化可获取轻质汽油，而裂解可获取乙烯、乙炔等，B错误；C、煤干馏发生化学变化可获取苯和甲苯，自己不含苯，C错误；D、煤的气化是指将在高温下与水接触转变成可作为工业或民用燃料以及化工合成原料气CO和氢气，液化是指把转变成液体燃料甲醇过程，都是化学变化，D正确；答案选D。3.以下对于有机物的用途，说法不正确的选项是()甲烷是一种热量高、污染小的洁净能源乙烯最重要的用途是作为植物生长调理剂乙醇是一种很好的溶剂，能溶解

4、多种有机物和无机物酯类物质常用作饮料、糖果、香水、化妆品中的香料【答案】B【分析】【详解】乙烯最重要的用途是用做有机化工原料，应选B。4.以下说法不正确的选项是（）A.蛋白质、纤维素、PVC、淀粉都是高分子化合物蔗糖溶液不可以够发生银镜反响，它是非复原性糖甲烷、苯和油脂均不可以够使酸性KMnO4溶液退色塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成资料【答案】C【分析】【详解】A.蛋白质、纤维素、PVC、淀粉都是高分子化合物，A正确；B.蔗糖分子中不含-CHO，蔗糖溶液不可以够发生银镜反响，为非复原性糖，B正确；C.甲烷、苯均与KMnO4溶液不反响，而油脂中含不饱和键的酯类物质能使酸性KMnO4溶液退色，

5、C错误；D.塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成资料，D正确；应选C。市场上有一种加酶洗衣粉，它是在洗衣粉中加入少量的碱与蛋白酶制成的。蛋-2-白酶的催化活性很强，衣物的汗渍、血迹及入体排放的蛋白质，油渍碰到它，都能水解而除掉。以下衣猜中，不可以够用加酶洗衣粉冲刷的是：棉成品毛织品腈纶织品丝织品A.B.C.D.【答案】A【分析】【详解】加酶洗衣粉能分解蛋白质，凡由蛋白质构成的衣料皆不宜用加酶洗衣粉冲刷，毛织品、蚕丝织品属于蛋白质，所以不可以够用加酶洗衣粉；棉织品的主要成分是纤维素，腈纶织品的主要成分是合成纤维，两者可用加酶洗衣粉洗；应选A。6.某烃A在必定条件下充分加氢后的生成碳链骨架为则此烃A

6、不可以能拥有的名称是：A.4-甲基-1-己炔B.2-乙基-1-戊烯C.3-甲基-2-己烯D.3-甲基-2-己炔【答案】D【分析】【详解】A.4-甲基-1-己炔，CHC-CH2-CH(CH3)-CH2CH3，A可能；2-乙基-1-戊烯，CH2=C(CH2CH3)-CH2-CH2CH3，B可能；3-甲基-2-己烯，CH3CH=C(CH3)-CH2CH2CH3，C可能；3-甲基-2-己炔，名称与构造简式不相符合，D不可以能；应选D。如图是一些常有有机物的转变关系，以下相关反响的说法不正确的选项是A.反响是加成反响B.以反响是加聚反响C.反响是消去反响D.反响是氧化反响【答案】C【分析】-3-【详解】

7、A.乙烯与溴水发生加成反响获取1，2-二溴乙烷，反响是加成反响，A正确；B.乙烯在催化剂条件下发生加聚反响获取聚乙烯，反响是加聚反响，B正确；C.乙烯在催化剂条件下，与水发生加成反响，生成乙醇，反响是加成反响，C错误；D.乙醇被氧气氧化生成乙醛，反响是氧化反响，D正确；应选C。8.利用有机物之间的转变可储蓄太阳能，如原降冰片二烯（NBD）经太阳光照转变为四环烷（Q）的反响为：以下表达错误的选项是A.NBD的二氯代物有5种B.NBD的能量比四环烷（Q）的能量低C.四环烷（Q）的一氯代物只有3种D.NBD和四环烷（Q）互为同分异构体【答案】A【分析】【详解】A.NBD的二氯代物有9种，A错误；B.

8、NBD在光照条件下生成四环烷，是吸热反响，四环烷的能量高于NBD，B正确；四环烷（Q）有三种等效氢，一氯代物只有3种，C正确；NBD和四环烷（Q）分子式同样，构造不同样，互为同分异构体，D正确；应选A。【点睛】一氯代物就是等效氢的个数，二氯代物是利用等效氢和摆列组合来考虑。黄曲霉毒素（AFTB），其分子构造式为如右图所示，人体的特别基因在黄曲霉素的作用下会发生突变，有转变成肝癌的可能。一般条件下跟1molAFTB起反响的H2或NaOH最大批分别是（）-4-A6mol；2molB.5mol；1molC.6mol；1molD.5mol；2mol【答案】A【分析】【详解】由黄曲霉毒素分子构造简式可知

9、，含有5个碳碳双键和一个碳氧双键可以加.H2，所以一共需要6molH2；含有一个酚酯基，需要耗费2molNaOH，所以A选项符合题意；综上所述，此题答案为：A。10.以下实验不可以够获取成功的是将醋酸钠晶体与碱石灰混淆加热来制取甲烷；将乙醇与浓硫酸共热至140C来制取乙烯；在电石中加水制取乙炔；苯、浓溴水和铁粉混和，反响后可制得溴苯；A.只有B.只有C.只有D.只有【答案】C【分析】【详解】醋酸钠晶体含有结晶水，实验不可以功；乙醇与浓硫酸共热至170C来制取乙烯；电石和水反响生成氢氧化钙和乙炔；苯和液溴在加入铁时反响生成溴苯；故实验不可以功的是，选C。【点睛】乙醇与浓硫酸共热至140C，乙醇分

10、子间脱水生成乙醚，共热至170C，乙醇分子内脱水生成乙烯。实验室用溴和苯反响制取溴苯，获取粗溴苯后，要用以下操作精制：蒸馏；水洗；用干燥剂干燥；10%NaOH溶液洗；水洗。正确的操作次序是-5-A.B.C.D.【答案】B【分析】【详解】粗溴苯中含有苯、溴苯、溴化铁和溴，提纯时，为减少NaOH的用量，可先用水洗，可除掉溴化铁和少量溴，此后加入10%的NaOH溶液冲刷，可除掉溴，再用水洗除掉碱液，经干燥后进行蒸馏可得溴苯，所以正确的操作次序为：，故合理选项是B。某有机物A用质谱仪测定如图，核磁共振氢谱表示图如图，则A的构造简式可能为（）3CHOC.CH3CH2OHD.CH3CH2CH2COOH【答

11、案】C【分析】【详解】核磁共振氢谱图显示有三个峰，则表示该有机物分子中有三组氢，HCOOH有2组峰，A错误；CH3CHO有2组峰，B错误；CH3CH2OH有3组峰，且该有机物的三组氢的个数比和核磁共振氢谱图凑近，C正确；CH3CH2CH2COOH有4组峰，故D错误；故答案选C。13.有4种有机物：CH3CH=CHCN，此中可用于合成构造简式为的高分子资料的正确组合为（）-6-AB.C.D.【答案】D【分析】【详解】依据所给高聚物的构造简式和加聚反响原理可知主链上碳原子为不饱和碳原子，依据碳的4个价键规则可作以下的断键办理(断键处用虚线表示)，断键后两半键闭合可得由高聚物的单体为CH3-CH=C

12、H-CN、ClCH=CH2和，应选D。14.有机物A和B，只由C、H、O两种或三种元素构成，同样物质的量的A和B完全焚烧时，耗费氧气的物质的量相等，以下对A、B的判断错误的选项是A.A与B互为同分异构体B.A与B的分子构成相差n个“HO”C.A.与B的分子构成相差n个“CO”D.A与B可能是同系物2【答案】D【分析】【分析】假定有机物与氧气的反响方程式为：CxHyOz+(x+y-z)O2点燃xCO2+yH2O，422同样物质的量的A和B完满焚烧时，耗费氧气的物质的量相等，存在以下几种情况：分子间相差n个CO2；分子间相差n个H2O；分子间1个C相当于4个H，即少一个C要多4个H。【详解】A.同

13、分异构体的分子式同样，构造不同样，同样物质的量的A和B完满焚烧时，耗费氧气的物质的量相等，A与B互为同分异构体，A正确；B.A与B的分子构成相差n个“H2O”同样物质的量的A和B完满焚烧时，耗费氧气的物质的量相等，B正确；C.A与B的分子构成相差n个“CO2”，同样物质的量的A和B完满焚烧时，耗费氧气的物质的量相等，C正确；-7-D.同系物是构造相像，分子式之间相差若干个CH2，A与B互为同系物，同样物质的量的A和B完满焚烧时，耗费氧气的物质的量不相等，D错误；应选D。二、单项选择题（每题只有一个选项符合题意，每题3分，共24分）用括号中的试剂和方法除掉各组物质中的少量杂质正确的选项是A.甲苯

14、中的苯酚（溴水、过滤）B.乙酸乙酯中的乙酸（NaOH溶液、分液）C.乙醇中的乙酸（NaOH溶液、分液）D.乙醇中的水（新制的CaO、蒸馏）【答案】D【分析】【详解】A.苯酚与溴水反响生成的三溴苯酚也溶于甲苯，不可以够除掉，应加氢氧化钠溶液，分液，A错误；B.乙酸乙酯在碱性条件下易水解，不可以够用NaOH溶液，应用饱和碳酸钠溶液，B错误；乙酸和NaOH溶液反响生成乙酸钠，乙醇和乙酸钠都溶于水，不可以够分别，C错误；水和CaO反响，生成难挥发的氢氧化钙固体，蒸馏可提纯，D正确；应选D。能够用来鉴识己烯、甲苯、乙酸乙酯、苯酚溶液的一组试剂是A.氯化铁溶液、溴水B.碳酸钠溶液、溴水C.酸性高锰酸钾溶液

15、、溴水D.酸性高锰酸钾溶液、氯化铁溶液【答案】C【分析】【详解】己烯中有碳碳双键，能够使溴水、酸性高锰酸钾退色；甲苯，不可以够使溴水退色，但能够被酸性高锰酸钾氧化成苯甲酸而使紫色溶液退色；乙酸乙酯，不溶于水，不可以够是溴水和酸性高锰酸钾退色；苯酚能够与浓溴水反响生成三溴苯酚白色积淀；故答案选C。已知分子式为C12H12的物质A的构造简式如图，A经过催化加氢，充分反响后，一溴代物的同分异构体数量是：-8-A6种B.7种C.12种D.14种【答案】A【分析】【详解】一溴代物的同分异构体看等效氢的个数，C12H12催化加氢后会有6种等效氢，一溴代物的同分异构体数量是为6种，应选A。18.为判断卤代烃

16、中所含卤素原子，现有以下实验操作步骤：加入3AgNO溶液；.【答案】C加入少量卤代烃试样；加热；加入5mL4mol/LNaOH溶液；加入5mL4mol/LHNO3溶液。以下操作正确的选项是：A.B.C.D.【分析】【分析】查验卤代烃中所含有的卤素原子，先使卤代烃中的卤素原子变成卤离子，在氢氧化钠水溶液中水解生成卤离子，再加入硝酸酸化，最后加入硝酸银，察看能否沉淀生成及颜色，确立含有的卤素原子。【详解】判断卤代烃中所含有的卤素原子，先加入少量卤代烃试样、再加入5mL4mol/LNaOH溶液，此后加热，发生水解反响生成卤素离子，再加入5mL4mol/LHNO3溶液，最后加入AgNO3，察看积淀及其

17、颜色可确立卤素原子，所以实验次序为：，应选C。19.CPAE是蜂胶的主要活性成分，它可由咖啡酸合成，其合成过程以下。以下说法不正确的选项是-9-A.1molCPAE与足量的NaOH溶液反响，最多耗费3molNaOH可用金属Na检测上述反响结束后能否残留苯乙醇与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质共有9种咖啡酸可发生聚合反响，并且其分子中含有3种官能团【答案】B【分析】【详解】A含酚羟基、酯基，均与NaOH反响，则1mol最多可与含3molNaOH溶液发生反响，A正确；BCPAE中含酚羟基、苯乙醇中含醇羟基，均与Na反响生成氢气，则不可以够用金属Na检测上述反响能否残留苯乙醇，B错误；C与苯乙醇互为同

18、分异构体的酚类物质，含酚羟基、乙基（或2个甲基），含酚羟基、乙基存在邻、间、对三种，两个甲基处于邻位的酚2种，两个甲基处于间位的有3种，两个甲基处于对位的有1种，共9种，C正确；D咖啡酸含C=C，酚羟基、酯基，共3个官能团，含C=C可发生加聚反响，D正确；答案选B。【点晴】该题是高频考点，掌握常有有机物官能团构造与性质的关系为解答的关键，重视羧酸、酚、醇等物质性质的察看，选项C为解答的难点，注意同分异构体的推测方法。“茶倍健”牙膏中含有茶多酚，但茶多酚是当前尚不强者工合成的纯天然、多功能、高效能的抗氧化剂和自由基净化剂。此中没食子儿茶素（EGC）的构造以下-10-图所示。对于EGC的以下表达中

19、正确的选项是分子中全部的原子共面1molEGC与5molNaOH恰巧完满反响易发生氧化反响和代替反响，可发生加成反响遇FeCl3浴液不发生显色反响【答案】C【分析】【详解】A.与苯环直接相连的原子在同一平面上，-CH2-为四周体构造，由中间环上的碳原子可知，分子中全部的原子必定不可以够共平面，A错误；苯酚显酸性，酚羟基与碱反响，则1molEGC与3molNaOH恰巧完满反响，B错误；由-OH可知，易发生代替和氧化反响，含有苯环，可发生加成反响，C正确；由苯酚遇FeCl3溶液显紫色，该物质含有苯酚构造，则遇FeCl3溶液发生显色反响，D错误；应选C。以乙醇为原料，用下述6各样类的反响：氧化；消去

20、；加成；酯化；水解加聚，来合成乙二酸乙二酯()的正确次序是（）A.B.C.D.【答案】C【分析】【详解】以乙醇为原料合成乙二酸乙二酯，需先合成乙二酸，此后利用乙二酸和乙二醇发生酯化反响生成乙二酸乙二酯，所以经过以下几步：第一步：乙醇先发生消去反响生成乙烯，为消去反响；第二步：乙烯发生加成反-11-应生成二卤代烃，为加成反响；第三步：水解生成乙二醇，为水解反响；第四步：乙二醇氧化生成乙二酸，为氧化反响；第五步：乙醇和乙酸发生酯化反响生成乙二酸乙二酯，为酯化反响，波及的反响种类按反响次序挨次为，应选C。焚烧3克某有机物生成0.1molCO2和1.8克H2O，该有机物的蒸气对H2的相对密度为30，则

21、该有机物的化学式为：A.C2H4B.C3H8O2C.C2H6OD.C2H4O2【答案】D【分析】【详解】有机物完满焚烧生成CO2和H2O知该有机物必定含C、H，可能含有O，由该有机物的蒸气对H2的相对密度为30，可得该化合物相对分子量为230=60；那么3g该有机物为0.05mol，含碳元素的物质的量：0.1mol，碳元素的质量=0.1mol12g/mol=1.2g，氢的质量=1.8g2=0.2g，碳氢元素总质量为1.2+0.2181.4克所以必定含O元素且氧元素的质量=3g-0.2g-1.2g=1.6g，氧元素的物质的量=1.6g0.1=0.1mol，所以该有机物含碳原子的个数是：=2，含氢

22、原子的个数16g/mol0.050.20.1=2，该物质化学式：C2H4O2，应选D。是：1=4，含氧原子的个数是：0.050.05第II卷（非选择题，共48分）有A、B、C、D四种烃，在常温下A、C是常有气体，B、D是液体。A完满焚烧后生成二氧化碳与水的物质的量之比是2:1；B相对分子质量是A的三倍；C在光照条件下最多可与六倍于其体积的氯气发生反响，C不可以够使酸性高锰酸钾溶液退色；焚烧同样物质量的C与D，生成二氧化碳的体积比为1:4，D不可以够使溴水因反响而退色但能使酸性高锰酸钾溶液退色；在镍催化作用下1摩尔D能与3摩尔氢气完满反响；在铁粉存在下与溴反响生成一溴代物只有一种。试推测A、B、

23、C、D各是什么物质，按要求填写以下各项：A的电子式_B的分子_C的最简式_D的名称_-12-【答案】(1).(2).C6H6(3).CH3CH3(4).对二甲苯【分析】【分析】有A、B、C、D四种烃，在常温下A、C是气体，B、D是液体，A完满焚烧后生成二氧化碳与水的物质的量之比是2：1，则A分子中碳原子与氢原子数量之比为1：1，A为C2H2；B的分子量是A的三倍且液体，B为苯；C不可以够使酸性高锰酸钾溶液退色，为饱和烃，但在光照条件下最多可与六倍体积氯气发生反响，分子中含有6个氢原子，C为乙烷；焚烧同样物质的量的C与D，生成二氧化碳的体积比为1：4，D分子中含有8个碳原子，D不可以够使溴水因反

24、响而退色，不含不饱和键，在镍的催化作用下1molD能与3mol氢气完满反响，说明含有1个苯环，能使酸性高锰酸钾溶液退色，属于苯的同系物，在铁粉存在下与溴反响生成一溴代物只有一种，D为对二甲苯。【详解】有A、B、C、D四种烃，在常温下A、C是气体，B、D是液体，A完满焚烧后生成二氧化碳与水的物质的量之比是2：1，则A分子中碳原子与氢原子数量之比为1：1，A为C2H2；其电子式为；B的分子量是A的三倍，B为苯，构造简式为；C不可以够使酸性高锰酸钾溶液退色，为饱和烃，但在光照条件下最多可与六倍体积氯气发生反响，分子中含有6个H原子，C为乙烷，构造简式为CH3CH3；焚烧同样物质的量的C与D，生成二氧

25、化碳的体积比为1：4，D分子中含有8个碳原子，D不可以够使溴水因反响而退色，不含不饱和键，在镍的催化作用下1molD能与3mol氢气完满反响，说明含有1个苯环，能使酸性高锰酸钾溶液退色，属于苯的同系物，在铁粉存在下与溴反响生成一溴代物只有一种，D为对二甲苯，构造简式为。某课外小组设计的实验室制取乙酸乙酯的装置以以下图，A中放有浓硫酸，B中放有乙醇、无水醋酸钠，D中放有饱和碳酸钠溶液。按图连结装置，用酒精灯对-13-烧瓶B加热，当察看到D中有明展现象时停止实验。试达成以下问题：（1）浓硫酸的作用是_。（2）球形干燥管除起冷凝作用外，另一重要作用是_。（3）装置D中饱和碳酸钠溶液的作用是_。（4）

26、装置B中反响的化学方程式：_。（5）实验达成后利用_方法分别出粗产品；粗产品常常含有少量的水，精制的方法是向粗产品中加入_后再利用_方法提纯。【答案】(1).催化剂、吸水剂(2).防倒吸(3).中和挥发出来的乙酸，溶解挥发出来的乙醇，降低乙酸乙酯在水中的溶解度，便于分层获取酯(4).CH3COONa+H2SO4=NaHSO4+CH3COOH（写Na2SO4也行），CH3CH2OH+CH3COOHCH3CH2OOCCH3+H2O(5).分液(6).浓H2SO4无水硫酸钠(7).过滤【分析】【分析】无水醋酸钠与浓硫酸反响生成醋酸，醋酸与乙醇反响制取乙酸乙酯，浓硫酸作催化剂、吸水剂，饱和碳酸钠溶液中

27、和乙酸、溶解乙醇、降低乙酸乙酯的溶解度。【详解】（1）浓硫酸拥有吸水性，其在制取乙酸乙酯的实验中的作用是催化剂、吸水剂；（2）球形干燥管除起冷凝作用外，还能够够防倒吸；（3）装置D中饱和碳酸钠溶液的作用是中和挥发出来的乙酸，溶解挥发出来的乙醇，降低乙酸乙酯在水中的溶解度，便于分层获取酯；（4）装置B中反响的化学方程式：CH3COONa+H2SO4=NaHSO4+CH3COOH（写Na2SO4也行），浓H2SO4CH3CH2OOCCH3+H2O；CH3CH2OH+CH3COOH-14-（5）互不相溶液体的分别采纳分液的方法分别，乙酸乙酯难溶于水，密度小于水，溶液分层，上层有机层，可用分液漏斗分液

28、的方法分理出粗产品，依据无水氯化钙可与乙醇形成难溶于水的CaCl2?6C2H5OH”说明加入无水氯化钙可除掉乙醇，粗产品常常含有少量的水，精制的方法是向粗产品中加无水硫酸钠，能汲取水分子，成为晶体，后再利用过滤的方法提纯。【点睛】除掉乙酸乙酯中含有的少量水可用无水硫酸钠或无水硫酸镁，其反响方程式为：Na2SO4+10H2O=Na2SO4?10H2O，MgSO4+7H2O=MgSO4?7H2O，成为晶体，并且不溶于乙酸乙酯，所以过滤分别。25.以下是有机物AI间的转变关系图，有些产物已略去。此中A是一种直链状分子，分子式为C3H4O2；F是含有七个原子构成的环：I和稀硫酸叫生成分子式为C3H4O

29、4的有机物。请达成以下问题：（1）A分子中含有的官能团的名称：_；G的构造简式：_。（2）以下转变过程的反响种类：A高聚物_；EG_（3）在生成F时可能有多种副产物，任写此中1种构造简式：_。（4）GH加入NaOH溶液的目的：_。（5）以下转变的化学反响方程式:D+EF_HI_【答案】(1).碳碳双键、羧基(2).OHCCH2COOH(3).加聚反响-15-(4).氧化反响(5).CH3CH(OH)COOCH22COOH(6).保护羧基(7).CHCH(OH)COOH+HOCHCHCOOH2HO+(8).322NaOOCCH2CHO+2Ag(NH3)2ONaOOCCH2COONH4+2Ag+3

30、NH+H2O【分析】【分析】A是一种直链状分子，分子式为C3H4O2，且在必定条件下可生成高聚物，A为CH2=CHCOOH，A与HBr反响生成B和C，B、C分别水解生成D、E，D和E能发生酯化反响，且E被氧化生成醛，可推知E为HOCH2CH2COOH，C为BrCH2CH2COOH，G为OHCCH2COOH，B为CH3CHBrCOOH，D为CH3CH(OH)COOH，F为。【详解】（1）A为CH2=CHCOOH，含有的官能团名称为碳碳双键、羧基，G的构造简式为：OHCCH2COOH；（2）A为CH2=CHCOOH，含碳碳双键，A高聚物是加聚反响，E为HOCH2CH2COOH，G为OHCCH2CO

31、OH，羟基被氧化生成醛基，是氧化反响；（3）CH3CH(OH)COOCH22COOH；（4）G为OHCCH2COOH，H为NaOOCCH2CHO，加入NaOH溶液的目的是保护羧基；（5）以下转变的化学反响方程式：D为CH3CH(OH)COOH，E为HOCH2CH2COOH，浓硫酸加热下，发生酯化反响：CH3CH(OH)COOH+HO2CH2COOH2H2O+；H为NaOOCCH2CHO，发生银镜反响：NaOOCCH2CHO+2Ag(NH3)2OHNaOOCCH2COONH4+2Ag+3NH+H2O。【点睛】26.以芬芳烃A为原料合成有机物F和I的合成路线以下：-16-+已知：R-CHO+(CH3CO)2OHR-CH=CHCOOH+CH3COOH（1