2021年安徽省亳州市职业中学高三物理期末试卷含解析

1、2021年安徽省亳州市职业中学高三物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. (单选)一斜劈静止于粗糙的水平地面上，在其斜面上放一滑块m，若给m一向下的初速度v0，则m正好保持匀速下滑。如图所示，现在m下滑的过程中再加一个作用力，则以下说法正确的是A.在m上加一竖直向下的力F1，则m将保持匀速运动，M对地有水平向右的静摩擦力的作用B.在m上加一个沿斜面向下的力F2，则m将做加速运动，M对地有水平向左的静摩擦力的作用C.在m上加一个水平向右的力F3，则m将做减速运动，在m停止前M对地有向右的静摩擦力的作用D.无论在m上加什么方向的力，在m停

2、止前M对地都无静摩擦力的作用参考答案：D2. 如图所示，一个由轻杆组成的等边三角形ABO的A点和B点分别固定着质量为m和2m的小球，三角形ABO可绕光滑的水平转轴O自由转动，现使OA处于竖直位置，OB与水平方向的夹角为300，此时将它们由静止释放，不考虑空气阻力作用，则（ ）AB球到达最低点时速度为零BA球向左摆动所能达到的最高点应高于B球开始运动时的最高点 C当它们从左向右回摆时，B球一定能回到起始位置 DB球到达最低点的过程中，B球机械能的减少量等于A球机械能的增加量参考答案：BCD3. 根据理想斜面实验，提出“力不是维持物体运动的原因”的物理学家是 A伽利略 B牛顿 C亚里士多德 D法拉

3、第参考答案：A亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，伽利略通过理想斜面实验第一次提出了力不是维持物体运动的原因，笛卡尔在伽利略研究的基础上第一次表述了惯性定律，牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律以上是有关牛顿运动定律的物理学史，故本题应选A。4. （多选）关于物体的动量，下列说法中正确的是（）A 物体的动量越大，其惯性也越大B 同一物体的动量越大，其速度一定越大C 物体的加速度不变，其动量一定不变D 运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的速度方向参考答案：考点： 动量定理 专题： 动量定理应用专题分析： 动量等于物体的质量与速度的乘积，速度是矢量，故动量也是矢量动量由质量

4、和速度共同决定惯性大小的唯一量度是质量解答： 解：A、惯性大小的唯一量度是物体的质量，如果物体的动量大，但也有可能物体的质量很小，所以不能说物体的动量大其惯性就大，故A错误；B、动量等于物体的质量与物体速度的乘积，即P=mv，同一物体的动量越大，其速度一定越大，故B正确C、加速度不变，速度是变化的，所以动量一定变化，故C错误；D、动量等于物体的质量与物体速度的乘积，即P=mv，动量是矢量，动量的方向就是物体运动的方向，故D正确故选：BD5. （多选）某一学校的物理兴趣小组的同学，将某次化学实验室中剩的浑浊液体全放入一绝热容器，一段时间过后，沉淀物全部沉到底部，不考虑较小温差范围内体积随温度的变

5、化，关于这一过程，说法正确的是：_.A液体溢出 B液体不溢出C整体温度升高 D整体温度不变参考答案：BC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，导热性能良好的气缸开口向下，缸内用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞在气缸内可以自由滑动且不漏气，其下方用细绳吊着砂桶，系统处于平衡状态现砂桶中的细沙不断流出，这一过程可视为一缓慢过程，且环境温度不变，则在此过程中气缸内气体分子的平均速率 （选填“减小”、“不变”、“增大”），单位时间单位面积缸壁上受到气体分子撞击的次数 （选填“减少”、“不变”、“增加”）参考答案：不变，增加【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【分析】分析

6、活塞可知内部压强的变化；由温度的变化及压强变化可知体积变化，根据温度的微观含义：温度是分子热运动平均动能的标志，温度越高，平均动能越大，分析气体分子平均动能的变化，即可知道平均速率的变化根据压强的计算可求出压强的变化，再根据压强的意义，分析单位时间单位面积器壁上受到气体分子撞击的次数如何变化【解答】解：因温度不变，分子的平均动能不变，则气体的平均速率不变；以活塞和沙桶整体为研究对象，设总质量为m，受力分析，根据平衡条件有：PS+mg=P0S得：P=P0细沙流出后，mg减小，则P增大，由于平均速率不变，根据压强的微观含义可知，单位时间单位面积器壁上受到气体分子撞击的次数增加；故答案为：不变，增加

7、7. 如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，a、b相距 4 cm，b、c相距10 cm，ab与电场线平行，bc与电场线成60角将一个带电荷量为+210-8 C 的电荷从a点移到b点时，电场力做功为410-6 J则a、b间电势差为_V，匀强电场的电场强度大小为_V/m，a、c间电势差为_V。参考答案：8. 对于绕轴转动的物体，描述转动快慢的物理量有角速度等物理量类似加速度，角加速度描述角速度的变化快慢，则角加速度的定义式是，单位是rad/s2参考答案：考点：向心加速度专题：匀速圆周运动专题分析：利用加速度、速度和位移公式，类似于角加速度、角度公式角加速度为角速度变化量与所用时间的比值，由公式知

8、在国际单位制中的单位为rad/s2，解答：解：角加速度为角速度变化量与所用时间的比值，由公式知在国际单位制中的单位为rad/s2，故答案为：，rad/s2点评：本题比较新颖，利用类似法可以写出角加速度、角速度和角度公式9. 某同学用如图甲所示的气垫导轨和光电门装置“研究物体的加速度与外力关系”，他的操作步骤如下：将一端带有定滑轮的气垫导轨放置在实验台上，将光电门固定在气垫轨道上离定滑轮较近一端的某点B处，将带有遮光条的质量为M的滑块放置在气垫导轨上的A处，用重力为F的钩码，经绕过滑轮的细线拉滑块，使滑块从同一位置A由静止释放，测出遮光条通过光电门的时间t，改变钩码个数，使滑块每次从同一位置A由

9、静止释放，重复上述实验。记录的数据及相关计算如下表：实验次数12345F/N0.490.981.471.962.45t/（ms）28.623.320.218.116.5t2/（ms）2818.0542.9408.0327.6272.25t-2/10-4(ms)-212.218.424.530.636.71若用游标卡尺测出滑块上遮光条的宽度d如图乙所示，则遮光条的宽度d cm,第一次测量中小车经过光电门时的速度为 m/s(保留两位有效数字)2实验中遮光条到光电门的距离为s，遮光条的宽度为d，遮光条通过光电门的时间为t，可推导出滑块的加速度a与t关系式为 。3本实验为了研究加速度a与外力F的关系，

10、只要作出 的关系图象，请作出该图线。4根据作出的图像，判断该同学可能疏漏的重要实验步骤是 。参考答案：1.050 cm （2分） 0.37m/s（2分）2 （2分）3（填1/t2与F同样得分）（2分） 如图所示（2分）4没有将气垫导轨调节水平 (2分) 10. 因为手边没有天平,小王同学思考如何利用一已知劲度系数为k的弹簧和长度测量工具来粗测一小球的质量,他从资料上查得弹簧的弹性势能 (其中x为弹簧形变量)后,设计了如下实验:将弹簧一端固定在水平桌面上,另一端紧靠小球,弹簧原长时小球恰好在桌边,然后压缩弹簧并测得压缩量x,释放弹簧,小球飞出后落在水平地面上,测出桌高h以及落点到桌边沿的水平距离

11、s(1)小球质量的表达式为: （4分）(2)如果桌面摩擦是本次实验误差的主要因素,那么小球质量的测量值将 （4分）(填“偏大”、“偏小”或“准确”)参考答案：；偏大11. 质量相等的两辆汽车以相同的速度分别通过半径皆为R的凸形桥的顶部与凹形桥底部时，两桥面各受的压力之比F1：F2= 。参考答案：12. 一定质量的理想气体由状态A依次变化到状态B、C、D、A、E、C，整个变化过程如图所示。已知在状态A时气体温度为320K，则状态B时温度为 K，整个过程中最高温度为 K。参考答案： 答案：80 500 13. 一段导体电阻是5，1.5分钟内所通过的电量是45C则导体两端的电压为 V。参考答案：三、

12、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （8分）在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如图所示，它们：电流表；直流电源；带铁芯的线圈A；线圈B；电键；滑动变阻器（用来控制电流以改变磁场强弱）。试按实验的要求在实物图上连线(图中已连接好一根导线)。若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上，而在电键刚闭合时电流表指针右偏，则电键闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，电流表指针将（ ）（填“左偏、右偏或不偏”）参考答案： 答案：左偏；（3分）实物连线图如图（4分）15. 某同学尝试用橡皮筋等器材验证平行四边形定则，他找到两条橡皮筋（遵循胡克定律）和小重物，以及刻度尺、三角形、

13、铅笔、细绳、白纸、钉子、木板等，设计了如下实验：将白纸固定在木板上，每条橡皮筋两端均连接细线，使橡皮筋自然伸展，测出原长L0;木板竖直放置，将其中一根橡皮筋a一端悬挂小重物，另一端固定在木板上的A点，如图中甲所示，静止后测出长度L1；取下重物将另一根橡皮筋b与a连接；b的另一端固定于B点，在a与b的连接点O悬挂同一个小重物，如图中乙图所示，静止后测出ab的长度分别为L2和L3。（1）为完成实验，下述要求中必需的是A两根橡皮筋的材料、原长和粗细均要相同B要测出悬挂重物的质量C甲乙悬挂的可以是质量不同的重物DA、B两点必须在同一水平线上（2）各测量数据如下表（单位cm）方框内记录了步骤中O点位置、

14、过O点的竖直方向及a、b两根橡皮筋的方向；请在方框内根据以上数据对橡皮筋弹力作出力的图示。（3）根据作图结果_（填“能”或“不能”）说明合力与分力的等效替代关系。参考答案：A 能（1）此实验中要用橡皮筋的伸长量来代替拉力的大小，要求两条橡皮筋的劲度系数相同，即两根橡皮筋的材料、原长和粗细均要相同，选项A正确；把重物挂在一根橡皮条的一端，测出其长度，可替代重物的重量，则试验时没必要测出悬挂重物的质量，选项B错误；甲乙悬挂的必须是质量相同的重物，从而保证等效性，选项C错误；A、B两点没必要在同一水平线上，选项D错误；故选A.（2）用橡皮筋的伸长量来代替拉力的大小，根据表中数据可画出各力的关系如图；

15、（3）由图可知，两个分力与合力之间满足平行四边形法则，则根据作图结果能说明合力与分力的等效替代关系。点睛：本实验在无法测量力的大小的情况下，可以采用比例法作图，运用胡克定律，需要测量橡皮筋的伸长量掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力是一道考查基本实验操作的好题. 四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图甲所示，平行金属导轨竖直放置，导轨间距为L1m，上端接有电阻R13，下端接有电阻R26，虚线OO下方是垂直于导轨平面的匀强磁场现将质量m0.1 kg、电阻不计的金属杆ab，从OO上方某处垂直导轨由静止释放，杆下落0.2 m过程中始终与导轨保持良好接触，加速度a

16、与下落距离h的关系图象如图乙所示. 求：（1）磁感应强度B；（2）杆下落0.2 m过程中通过金属杆的电荷量q. 参考答案：见解析(1)由图象知，杆自由下落距离是0.05 m，当地重力加速度g10 m/s2，则杆进入磁场时的速度v1 m/s （2分）由图象知，杆进入磁场时加速度ag10 m/s2 （1分） 由牛顿第二定律得mgF安ma （2分）回路中的电动势EBLv （1分）杆中的电流I （1分）R并 （2分）F安BIL （1分）得B 2 T （1分）(2)杆在磁场中运动产生的平均感应电动势 （2分）杆中的平均电流 （2分）通过杆的电荷量qt （2分）通过杆的电荷量q0.15 C （1分）17.

17、 如图甲所示，光滑绝缘斜面的倾角=30，矩形区域GHIJ （GH与IJ相距为d）内存在着方向垂直于斜面的匀强磁场质量为m、边长为d的正方形闭合金属线框abcd平放在斜面上，开始时ab边与GH相距也为d，现用一平行于斜面的恒力拉动线框，使其由静止开始（t=0）沿斜面向上运动，当线框完全通过磁场后运动一段时间再撤去外力已知线框运动的过程中产生的电流I随时间t变化的 I一t图象如图乙所示（规定电流沿abcd方向为正）已知向上穿过磁场时线框中电流大小为I0，前后两次通过磁场产生电流的时间之比为2：1，重力加速度为g，斜 足够长，线框ab边始终与GH平行，求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向；（

18、2）线框的电阻阻值；（3）撤去外力之前线框位移的大小参考答案：解：（1）由It图象知道，线框向上和向下穿过磁场的过程都做匀速运动，设向上穿过磁场时线框的速度大小为v1，向下穿过磁场时线框的速度大小为v2，线框中电流大小为I；根据运动学公式和欧姆定律可得：向上时，v1t1=2d，I0R=Bdv1；向下时，v2t2=2d，IR=Bdv2；根据共点力的平衡可得：mgsin30=BId，由题设条件知道t1：t2=2：1，联立解得：B=；根据右手定则可知磁场方向垂直斜面向上；（2）线框向上穿过磁场时根据共点力平衡可得：F=mgsin30+BI0d，线框从开始运动的ab边向上刚好进入磁场的过程中，根据动能定理可得：（Fmgsin30）d=，联立解得R=；（3）设撤去外力前位移大小为x，线框离开磁场后作用的位移为x3d，从线框离开磁场到再次进入磁场的过程中，根据动能定理可得：F（x3d）=，联立可得：x=4d答：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小为，方向垂直斜面向上；（2）线框的电阻阻值为；（3）撤去外力之前线框位移的大小为4d【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；动能定理；闭合电路的欧姆定律【分析】（1）分别对向上、向下穿过磁场过程中根据运动学公式和欧姆定律列方程，在根据共点力的平衡求解磁感应强度，根据右手定则判断