四川省成都市郫县实验学校高二物理联考试卷含解析

1、四川省成都市郫县实验学校高二物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选）当两列水波发生干涉时，如果两列波的波峰在P点相遇，下列说法正确的是A质点P的振动始终是加强的 B质点P的振幅最大C质点P的位移始终最大 D质点P的位移有时为0参考答案：ABD2. 如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（ ） A、电势B、电势C、场强D、场强参考答案：BC3. (单选题)如图6所示，一质点做简谐运动，先后向右以相同的速度依次通过M、N两点，历时1 s，质点通过N点后再经过1 s又第2次通过N点，在这2 s内质点通过的总路程为12 c

2、m.则质点的振动周期和振幅分别为A3 s, 6 cm B4 s, 6 cm C4 s, 9 cm D2 s, 8 cm参考答案：B4. 如图2-30所示，A、B、C、D是滑线变阻器的四个接线柱，现把此变阻器串联接人电路中，并要求滑片P向接线柱C移动时电路中的电流减小，则接人电路的接线柱可以是 AA和B BA和C CB和C DB和D参考答案：CD5. 如图：某质点运动的速度图象。由图象可求得，质点在0-2s内的加速度和3s末的瞬时速度分别是A4m/s2，4m/s B2m/s2，2m/sC2m/s2，4m/s D4m/s2，0参考答案：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 真空

3、中有两个点电荷，它们之间的静电力为F，如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大为原来的2倍，则它们之间作用力的大小等于 F.参考答案：7. 三个带等量正电荷的粒子a、b、c(所受重力不计)以相同的初动能水平射入电磁场中，轨迹如图所示，则可知它们的质量ma、mb、mc由大到小的次序为 ，入射时的初动量由小到大次序为 (设初动量为Pa、Pb、Pc)参考答案：mcmbma，PaPbPc8. （2分）三个半径相同的弹性球，置于光滑的水平面上，三球在同一条直线上，如图所示，已知mA=mB=1kg,当A以速度vA=10m/s向B运动，若B不再与A相碰，则C球的质量最大为 kg。参考答案：19.

4、如图所示的电路中，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，那么，待测量电阻RX的测量值是 ，测量值比真实值 （大或小），其真实值为 （已知电流表的内阻为0.2）参考答案：100、大、99.8由欧姆定律：R测100，RX=R测-RA=100-0.2=99.8 则测量值偏大10. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两极板间的带电尘埃恰保持静止状态，若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（ ）A. 电容器的带电荷量不变B. 尘埃仍保持静止状态C. 电流计中有a到b方向的电流D. 电流计G中有b到a方向的自由电荷量量定向通过参考答案：BCD带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓

5、慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小。故A错误。由于板间电压和距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态。故B正确。电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，电路中逆时针方向的电流，则检流计中有ab的电流，即自由电荷由b到a方向的定向移动。故CD正确。故选BCD。【点睛】本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式和电容的定义式，以及平衡条件进行分析

6、判断。11. （2分）一质点作简谐运动的位移时间图像如图所示，则位移随时间变化的关系式为_。 参考答案：m（2分）12. 某同学做测定玻璃折射率实验时，用他测得的多组入射角与 折射角，作出图象如图9-7所示，下列判断中哪些是正确的？_A他做实验时，光线是由空气射入玻璃的 B玻璃的折射率为0.67C玻璃折射率为1.5 D玻璃临界角的正弦值为0.67参考答案：ACD13. 小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为H，设所受阻力大小恒定，地面为零势能面在上升至离地高度h处，小球的动能是势能的2倍，在下落至离地高度h处，小球的势能是动能的2倍，则h等于 参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，

7、共计22分14. 在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如图所示它们是：电流计、直流电源、带铁芯的线圈A、线圈B、电键、滑动变阻器（用来控制电流以改变磁场强弱）（1）试按实验的要求在实物图上连线（图中已连好一根导线）（2）若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上，而在电键刚闭合时电流表指针右偏，则电键闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，电流计指针将 （填“左偏”、“右偏”、“不偏”）参考答案：解：（1）将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与线圈B串联成另一个回路，电路图如图所示（2）闭合开关，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流表的指

8、针向右偏；由电路图可知，电键闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过线圈A的电流变小，磁场变弱，穿过线圈B的磁场方向不变，磁通量变小，则电流表指针向左偏故答案为：（1）实物连接如图所示；（2）左偏【考点】研究电磁感应现象【分析】（1）注意该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答（2）磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反15. 某同学用如图所示的装置做验证动量守恒定律实验先让a球从斜槽轨道上某固定点由静止开始滚下，

9、在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端附近静止，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次（1）本实验必须测量的物理量有以下哪些 A斜槽轨道末端到水平地面的高度H；B小球a、b的质量分别为ma、mb；C小球a、b的半径r；D小球a、b在离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间；E记录纸上O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OC； Fa球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h（2）小球a、b的质量应该满足关系 （3）放上被碰小球后两小球碰后是否同时落地？ 如果不是同时落地对实验结果有没有影响？为

10、什么？ 这时小球a、b的落地点依次是图中水平面上的 点和 点（4）按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是 参考答案：（1）BE；（2）mamb；（3）是；不能用水平位移代替碰撞后的速度，对实验结果有影响；A、C；（4）ma?OB=ma?OA+mb?OC【考点】验证动量守恒定律【分析】（1）根据动量守恒定律求出需要验证的表达式，然后根据表达式分析答题（2）为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量（3）根据图示装置与小球的运动分析答题；明确平抛运动中高度决定时间；（4）根据动量守恒分析答题【解答】解：（1）小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，

11、则mav0=mavA+mbvB，两边同时乘以时间t得：mav0t=mavAt+mbvBt，则maOB=maOA+mbOC，因此A实验需要测量：两球的质量，两球做平抛运动的水平位移，故选BE（2）为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量ma大于mb，即mamb（3）是同时落地，碰撞后两小球做平抛运动，高度相同，所以运动时间相同，如果不同，则不能用水平位移代替碰撞后的速度，对实验结果有影响；由图1所示装置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度减小，b球在前，a球在后，两球都做平抛运动，由图示可知，未放被碰小球时小球a的落地点为B点，碰撞后a、b的落点点分别为A、

12、C点（4）由（1）可知，实验需要验证的表达式为：maOB=maOA+mbOC故答案为：（1）BE；（2）mamb；（3）是；不能用水平位移代替碰撞后的速度，对实验结果有影响；A、C；（4）ma?OB=ma?OA+mb?OC四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 一水池水深H =0.8m。现从水面上方h =0.8m高处由静止释放一质量为m =0.1kg的硬质球体，测得球体从释放到落至水池底部用时t =0.6s。已知球体直径远小于水池深度，不计空气及水的阻力，取g =10m/s2，求：（1）通过计算判断球体在水中做什么运动？（2）从水面上方多高处由静止释放球体，才能使球体从释放到落至池底所用时

13、间最短。参考答案：（1）设小球落至水面所用时间为t1，在水中运动做匀变速运动，加速度为a，则解得a=0m/s2，则小球在水中匀速运动（2）设释放点距水面x，则 利用均值定理，当时t最小 即17. 在如图16所示的电场中，一电荷量q = +1.010-8 C的点电荷在A点所受电场力F= 2.010-4 N求：（1）A点的电场强度的大小E；（2）请在图中画出该点电荷所受电场力F的方向参考答案：（1）A点的电场强度的大小 E= 2.0 104 N/ C（2）点电荷在A点所受电场力的方向，如答图1所示18. 如图甲所示， A、B、C、D为固定于竖直平面内的闭合绝缘轨道，AB段、CD段均为半径R1.6

14、m的半圆，BC、AD段水平，ADBC8 mB、C之间的区域存在水平向右的有界匀强电场，场强E5105 V/m.质量为m4103kg、带电量q1108C的小环套在轨道上小环与轨道AD段的动摩擦因数为，与轨道其余部分的摩擦忽略不计现使小环在D点获得沿轨道向左的初速度v04 m/s，且在沿轨道AD段运动过程中始终受到方向竖直向上、大小随速度变化的力F(变化关系如图乙)作用，小环第一次到A点时对半圆轨道刚好无压力不计小环大小，g取10 m/s2.求：(1)小环运动第一次到A时的速度多大？(2)小环第一次回到D点时速度多大？(3)小环经过若干次循环运动达到稳定运动状态，此时到达D点时速度应不小于多少？参考答案：(1)由题意及向心力公式得：mgmvA1 m/s4 m/s(2) 小物块从D出发，第一次回到D的过程，由动能定理得mvmvqELvD1 m/s6 m/s(3)vA14 m/sv0，小环第一次从D到A做匀速运动Fkvmg，k kgs0.01 kgs所以Fmkvm2mg0.08 N，则可知环与杆的摩擦力f|Fmmg|