陕西省西安地区八校2022年物理高一第一学期期末检测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、一

2、个物体以初速度v0水平抛出，落地的速度为v，那么运动时间为（）A.B.C.D.2、有关超重和失重的说法，正确的是（）A.物体处于超重状态时，所受重力增大；处于失重状态时，所受重力减小B.竖直上抛运动的物体处于完全失重状态C.在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于上升过程D.在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于下降过程3、光滑的水平地面上，用300N水平力拖动一质量为60kg的物体时，物体的加速度为（）A.3m/s2B.5m/s2C.7m/s2D.9m/s24、关于伽利略对自由落体运动的研究，下列说法中不正确的是A.在同一地点，重的物体和轻的物体下落一样快B

3、.伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C.伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动的实验验证了位移与时间的平方成正比D.伽利略思想方法的核心是把实验和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来5、物体的惯性大小取决于它（）A.所受合外力的大小B.加速度的大小C.质量的大小D.速度的大小6、如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为的固定且足够长的斜面上，t=0时刻对物体施加沿斜面向上的拉力F，使物体开始沿斜面上滑，作用一段时间t撤去拉力F，物体速度的平方与位移之间的关系图像如图乙所示已知g=10，sin=0.6下列说法正确的是A.物体与斜面之间的动摩擦因数为B.撤去拉力的时刻

4、为t=0.5sC.拉力F的大小为24.5ND.物体沿斜面上滑的过程所用时间为2s7、如图，当车厢向右加速行驶时，一质量为m的物块紧贴在车壁上，相对于车壁静止，随车一起运动，则下列说法正确的是（）A.在竖直方向上，车壁对物块的摩擦力与物块的重力等大B.在水平方向上，车壁对物块的弹力是由于物块发生了弹性形变C.若车厢加速度变小，车壁对物块的弹力也变小D.若车厢加速度变大，车壁对物块的摩擦力也变大8、物体水平面上做直线运动，其速度时间图像如图所示，则：A.物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为B.物体在第7s到第12s内做匀变速直线运动C.物体在第12s内的位移为0.75mD.物体在前12s内的路

5、程为15m9、如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，力F作用在绳自由端B点，则A.绳对A的拉力增大B.绳对A的拉力减小C.杆对A的弹力减小D.绳子自由端B的速率减小10、如图所示，小球用细绳系住放在倾角为的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上缓慢偏移时，斜面对小球的支持力FN和细绳的拉力FT的变化为（）AFN一直减小B.FN先增大后减小C.FT一直减小D.FT先减小后增大二、实验题11、（4分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后

6、拖动的纸带打出的点计算（1）如图为实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔是0.1s，距离如图，单位是cm，小车的加速度是_m/s2（结果保留两位小数）（2）以下措施正确的是（ ）A平衡摩擦力时，应将砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上B平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力C每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D实验时，先放开小车，后接通电源（3）当M与m的关系满足_时，才可认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（4）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一

7、定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与_的图象（5）甲同学根据测量数据做出的aF图线如下图，图像不过坐标原点的可能原因是：_12、（10分）某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸记录O点的位置和拉线的方向。(1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为_N。(2)下列不必要的实验要求是_（请填写选项前对应的字母）A.

8、应测量重物M所受的重力B.弹簧测力计应在使用前校零C.拉线方向应与木板平面平行D.改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）灯重G=20N，AO与天花板间夹角=30，试求:（1）AO、BO两绳受到的拉力？（2）三根绳子完全相同，若将灯泡换为重物且不断增加重量，则这三根绳子中最先断的是哪根?14、（14分）某兴趣小组通过如图所示的实验装置探究加速度与力、质量的关系。(1)关于本实验，下列说法中正确的有_ A.调整滑轮使牵引滑块的细线与长木板保持平

9、行B.平衡摩擦力时，不需要把空砂桶系在滑块上 C.实验时，先释放滑块再接通打点计时器的电源D.改变滑块质量后，需要重新调节长木板倾斜度(2)实验中得到如图所示的一条纸带，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。测出相邻计数点之间的距离分别为： x14.29 cm、x24.68 cm、x35.08 cm、x45.49 cm，已知打点计时器的工作频率为50 Hz，则打C点时滑块瞬时速度大小vc=_m/s，滑块的加速度大小a_m/s2.（结果保留两位有效数字） (3)保持砂和砂桶总质量不变，通过添加砝码以改变滑块质量，进行多次测量，得到滑块加速度a、滑块和砝码总质

10、量M及其对应的的数据如表中所示：滑块和砝码总质量M（kg）0.830.630.500.420.360.31滑块加速度a（ms-2）0.350.370.600.710.810.95滑块和砝码质量倒数1/M（kg-1）1.201.602.002.402.803.20请在图示的坐标纸中画出滑块的图像_ 。 (4)图像的斜率大小_（选填“大于”、“小于”或“等于”）砂和砂桶的总重力。15、（13分）质量为m=20kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面做直线运动0 2.0s内F与运动方向相反，2.0 4.0s内F与运动方向相同，物体的速度一时间图象如图所示，已知g取10m/s2。求:(1)

11、物体在前4秒内的位移多少？(2)物体与水平面间的动摩擦因数。参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、A【解析】将落地的速度分解为水平方向和竖直方向，水平方向的速度等于v0，则竖直方向上的速度根据得：故A正确，BCD错误；故选A。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动的规律，知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。2、B【解析】A当物体处于超重与失重状态时，实重不变，改变的只是视重，A错误；B竖直上抛物体只受重力，即a=

12、g，处于完全失重状态，B正确；CD超重加速度向上有两种状态，向上加速运动或向下减速运动。失重加速度向下也有两种运动状态，向下加速运动或向上减速运动， CD错误，故选B。【点睛】当物体具有竖直向上加速度时，处于超重状态；当物体具有竖直向下加速度时，处于失重状态。不管物体处于失重还是超重状态，物体的实际重力没有变化。3、B【解析】根据牛顿第二定律可知，物体的加速度，故B正确，ACD错误4、B【解析】A.伽利略认为，在同一地点，重的物体和轻的物体应该下落得同样快，故A正确，不符合题意；B.伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上进行合理外推得到的，故B错

13、误，符合题意，故选B；C.伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比，故C正确，不符合题意；D.伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理伽利略思想方法的核心是把实验和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来，故D正确，不符合题意；5、C【解析】一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的，ABD,C正确。故选C。6、AB【解析】由速度位移的关系式：v2=2ax与图形对比得：物体的最大速度vm=8m/s，撤去F前的加

14、速度大小a1=16m/s2，撤去F后的加速度大小a2=8m/s2，撤去F时发生的位移x1=2mAC撤去F前由牛顿第二定律得：F-mgsin-mgcos=ma1撤去F后由牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma2联立解得：F=24N，=0.25故A正确，C错误；B力F作用时物体做加速运动，由速度公式得：vm=a1t1解得：=0.5s故B正确；D当物体的速度为零时，达到最高点，则有所以物体沿斜面上滑的过程所用时间为故D错误7、AC【解析】A在竖直方向上，车壁对物块的摩擦力与物块的重力平衡，故二力是等大的，A正确；B在水平方向上，车壁对物块的弹力是由于车壁发生了弹性形变，B错误；C根据牛顿定律则

15、若车厢加速度变小，车壁对物块的弹力也变小，C正确；D车壁对物块的摩擦力与物块的重力平衡，二力是等大的，与车厢的加速度无关，D错误。故选AC。考点：牛顿定律；物体的平衡；弹力。8、BD【解析】A项：v-t图象表示加速度，所以物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为，故A错误；B项：v-t图象表示加速度，物体在第7s到第12s内图象斜率不变，即做匀变速直线运动，故B正确；C项：物体在第7s到第12s内的加速度大小为，第10到12s的位移为，第10到11s的位移为，所以物体在第12s内的位移大小为0.75m，方向与正方向相反即为-0.75m，故C错误；D项：物体在前10s内路程为，第10到12s的位

16、移为1m，所以物体在前12s内的路程为15m，故D正确故选BD9、AD【解析】AB绳子与竖直方向上的夹角为，因为A做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，有：Fcos=mg，因为增大，cos减小，可知F增大，故A正确，B错误；C物体A水平方向合力为零，有：FN=Fsin，F增大，sin增大，FN增大，故C错误；D物体A沿绳子方向上的分速度v=vAcos，该速度等于自由端B的速度，则增大，自由端B的速度v减小，故D正确。故选AD。10、AD【解析】分析小球的受力情况：重力G、细绳的拉力FT和斜面的支持力FN，作出细绳在三个不同方向时力的合成图，由几何知识得知，当FT垂直于FN时，FT最小，所以FT

17、先减小后增大，FN逐渐减小；故AD正确，BC错误；故选AD；二、实验题11、 .1.59； .BC； .mM； .； .木板倾角过大；【解析】（1）根据逐差法可以算出小车的加速度（2）探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsin=mgcos，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车；（3）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力

18、，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（4）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系（5）图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大详解】（1）根据x=aT2，运用逐差法得，（2）平衡摩擦力时，不将砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上，让小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力，选项A错误，B正确；每次改变小车的质

19、量时，不需要重新平衡摩擦力，选项C正确；实验时，先接通电源，后放开小车，选项D错误；故选BC.（3）以整体为研究对象有：mg=（m+M）a；解得：；以M为研究对象有绳子的拉力为：F=Ma=；显然要有F=mg必有m+M=M，故有Mm，即只有Mm时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（4）根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a-M图象；但，故a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a-图象；（5）图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板

20、倾角过大【点睛】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题12、 .3.6 .D【解析】(1)1由图中可以读出示数为3.6N。(2)2A实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道，故A正确；B弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零，故B正确；C拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性，故C正确；D当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验。故D错误。故选D。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出