西藏林芝一中2022-2023学年物理高一上期末学业质量监测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，一轻质弹簧竖直固定在水平面上，一物块自弹簧正上方自由下落，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短（在弹性限度内）过程中，下列说法正确的是（）A.物块接触弹簧后即做减速运动B.物块接触弹簧后先加速后减速C.当物块的速度最大时，它所受的合力不为零

2、D.当弹簧被压缩至最短时，物块的加速度等于零2、2016年里约奥运会，南非选手范尼凯克获得田径男子400米冠军，并且以43秒03的成绩打破尘封了17年的世界纪录范尼凯克绕田径赛场一周运动400m，用时43秒03，这两个物理量分别指的是A.位移、时刻B.位移、时间C.路程、时刻D.路程、时间3、一质量为m的物体放在固定的粗糙斜面上保持静止，现用水平力F推，如图所示，当F由零逐渐增加但物体仍保持静止状态的情况下，则A.物体所受的静摩擦力逐渐减小直到为零B.物体所受的弹力逐渐减少C.物体所受的合力不变D.物体所受的合力逐渐增加4、一个做匀变速直线运动的质点，初速度为0.5 m/s，第9 s内的位移比

3、第5 s内的位移多4m，则该质点的加速度、9 s末的速度和质点在9 s内通过的位移分别是（）Aa=1 m/s2，v9=9.5 m/s，x9=45 mB.a=1 m/s2，v9=9 m/s，x9=45 mC.a=1 m/s2，v9=9 m/s，x9=40.5 mD.a=0.8 m/s2，v9=7.7 m/s，x9=36.9 m5、一辆小车从A点由静止开始做匀加速直线运动，先后经过B、C两点，已知小车经过B点时的速度为v，经过C点时的速度为4v，则xAB与xBC之比为（ ）A.1：3B.1：4C.1：15D.1：166、某同学站在地面上，以大小为v0初速度把篮球竖直向上抛出，经过时间t1，篮球到达

4、最高点，之后又落回抛出点。（篮球运动的过程不计空气阻力），篮球从最高点下落到抛出点的过程中，下列说法正确的是A.所用时间小于t1B.所用时间大于t1C.落回抛出点的速度大于v0D.落回抛出点的速度等于v07、如图所示为甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动的v-t图像，其中t2=2t1，则下列判断正确的是（）A.甲的加速度比乙大B.t1时刻甲、乙两物体相遇C.t2时刻甲、乙两物体相遇D.0t1时间内，甲、乙两物体之间的距离逐渐增大8、如图所示，质量分别为m1、m2的甲、乙两木块之间压缩一轻弹簧，用细线拉紧，竖直放置在水平地面上当整个装置处于静止状态时，弹簧竖直，细线的拉力大小为F将细线

5、剪断的瞬间，下列说法中正确的是A.甲的加速度大小为B.甲的加速度大小为C.乙对地面的压力大小为(m1+m2)g+FD.地面对乙的支持力大小为(m1+m2)g9、物体以15m/s速度竖直上抛，当速度大小变为10m/s时经历时间可以是（空气阻力不计，g=10m/s2）（）A.0.5sB.1.0sC.1.5sD.2.5s10、打篮球时，运动员竖直起跳投篮的过程可分为：下蹲、蹬地、离地上升和下落四个过程，以下说法中正确的是A.下蹲过程中运动员始终处于超重状态B.下蹲过程中运动员始终处于失重状态C离地上升过程中运动员处于失重状态D.下落过程中运动员处于失重状态11、如图所示，我国有一种传统的民族体育项目

6、叫做“押加”，实际上相当于两个人拔河，如果甲、乙两人在“押加”比赛中，甲获胜，则下列说法中正确的是（ ）A.甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力，所以甲获胜B.当甲把乙匀速拉过去时，甲对乙的拉力大小等于乙对甲的拉力大小C.当甲把乙加速拉过去时，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力D.甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，所以甲获胜12、如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经t时间再次发射

7、超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移时间图像。则下列说法正确的是（）A.超声波的速度为B.超声波的速度为C.物体的速度为D.物体的速度为二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图所示：（1）关于图1所示装置以下说法正确的是_A运用该装置可以完成“探究小车速度随时间变化的规律”实验B运用该装置可以完成“探究加速度与力、质量的关系”实验C运用该装置可以完成“探究恒力做功与速度变化的关系”实验D该装置中的打点计时器需要用学生电源的低压交流档E该装置中的木板要尽可能光滑，否则做以上三个实验均需平衡摩擦力（2）在探究“物体加速度与力、质量的关系”实验时得到如图2所示的一条记

8、录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为计数点，相邻计数点间的时间间隔T0.1s，根据纸带的数据可以计算C点的瞬时速度是_m/s，小车运动的加速度的大小是_m/s2（计算结果保留3位有效数字）（3）实验中要使小车的质量_（填“远大于”或“远小于”）塑料桶和桶中砝码的质量，能认为细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力（4）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据画出如图3的a-F关系图线，图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_（填选项前字母）A小车与轨道之间存在摩擦B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大D所用小车的质量太大14、（10分）某同学利用图甲

9、所示的实验装置，探究小车在均匀长木板上的运动规律。(1)在小车做匀加速直线运动时打出一条纸带，已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，图乙中所示的是每打5个点所取的计数点，由图中数据可求得：小车的加速度为_m/s2（结果保留2位有效数字） (2)若用该实验装置“探究a与F、M之间的关系”，小车质量为M，要用钩码(质量用m表示)的重力表示小车所受的细线拉力，需满足_。（3）满足此条件做实验时，得到一系列加速度a与合外力F的对应数据，画出a-F关系图象，如图丙所示，若不计滑轮摩擦及纸带阻力的影响，由图象可知，实验操作中不当之处为_。 （4）如果实验时，在小车和钩码之间接一个不计质量的微型力传感器

10、用来测量拉力F，如图丁所示，从理论上分析，是否还需要满足（2）问中的条件_（填“是”或者“否”）。与（3）问中所做的图像对比，该实验图线的斜率将_(填“变大”“变小”或“不变”)。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，滑雪人和滑雪装备总质量m60kg，滑雪人收起滑雪杆从静止开始沿倾角37的雪坡以a2.0m/s2的加速度匀加速滑下，经过时间t10s到达坡底。雪坡和水平雪面间平滑过渡。（sin370.6，cos370.8，g取10m/s2）（1）作出滑雪人在雪坡上下滑时的受力示意图，并求出滑雪人受到的阻力；（2）假设滑雪人到达水平雪面后所受的阻力与雪坡上

11、受到的阻力大小相等，则滑雪人能在水平雪面上滑行多远？16、（12分）一辆卡车紧急刹车过程加速度的大小是，如果在刚刹车时卡车的速度为，求：（1）刹车开始后1s内的位移大小；（2）刹车开始后3s内的位移大小17、（12分） “蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动，图甲所示是其中的一个情景为了研究蹦极过程，做以下简化：将游客视为质点，他的运动沿竖直方向，忽略弹性绳的质量和空气阻力某次蹦极时，游客从蹦极平台由静止开始下落，弹性绳的弹力大小可以用F=kx来计算，式中k为常量，x为弹性绳的伸长量已知该弹性绳的自然长度为20m，取g= 10m/s2则：（1）弹性

12、绳刚伸直的瞬间游客的速度是多大？（2）取弹性绳刚伸直时游客所在位置为坐标原点，取竖直向下为正方向，建立x轴从弹性绳刚伸直开始，游客向最低点运动的过程中，请推导游客的加速度a与位移x满足的关系，并在图乙中定性画出a随x变化关系的图像（3）试论证游客在蹦极过程中的最大加速度大于g参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】A物块刚接触弹簧后，弹簧形变较小，此时弹力肯定小于重力，物体仍然做加速运动，故A错误；B物体接触弹簧后，弹簧形变到最大这一过程中，弹簧力先小于重力，之后等于重力，再然后大于重力，故物块是先加速后减速，故B正确；C当物

13、块速度最大时，加速度为零，此时必有合力为零，即弹簧力等于重力，故C错误；D弹簧压缩到最短时，弹簧力大于重力，此时加速度向上，故D错误。故选B。2、D【解析】位移的大小等于物体初末位置间的距离，路程是运动轨迹的长度，时间是指时间间隔，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点；【详解】400m是指轨迹的长度，为路程，43秒03是指时间间隔，是时间，故选项D正确，ABC错误3、C【解析】A对物体受力分析并建立坐标系如图所示：轴上：轴上：当为零时，摩擦力为，方向沿斜面向上；当增大时，由公式可得，摩擦力减小，当摩擦力刚好为零；当继续增大摩擦力将变为向下，且随的增大而增大，故摩擦力

14、先减小后增大，故A错误；B已知支持力为：则F增大时也一直增大，故B错误。CD因物体一直保持静止，故物体受到的合外力一直保持为零不变，故C正确，D错误。故选C。4、A【解析】由解得第9 s末的速度质点在9 s内通过的位移故选A。5、C【解析】设小车的加速度为a，由速度位移公式可知，则故C正确。故选C。6、D【解析】以大小为v0初速度把篮球竖直向上抛出，篮球运动的过程不计空气阻力，则篮球做竖直上抛运动，篮球的上升过程与下降过程具有对称性。AB.篮球的上升过程所用时间为t1，则篮球从最高点下落到抛出点的时间等于t1，故AB两项错误；CD.以大小为v0初速度把篮球竖直向上抛出，则篮球落回抛出点的速度等

15、于v0，故C项错误，D项正确。7、CD【解析】A根据速度图线斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，由图像可知，乙图线斜率的绝对值大于甲图线斜率的绝对值，所以乙的加速度大，故A错误。B根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，知0t1时间内，乙的位移比甲的位移大，而甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动，所以，t1时刻甲、乙两物体没有相遇，故B错误。C根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，则知0-t2时间内甲、乙两物体的位移相同，则t2时刻甲、乙两物体相遇，C正确。D0t1时间内，乙的速度始终大于甲的速度，乙在甲的前面，甲、乙两物体之间的距离逐渐增大，故D正确。故选CD。8、AC【

16、解析】系统静止时，根据绳子的拉力，结合共点力平衡求出弹簧的弹力，细绳烧断的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律和共点力平衡进行分析求解【详解】A、B、开始系统处于静止，对甲分析，有：F+m1g=F弹，剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，对甲由牛顿第二定律得，联立得；故A正确，B错误.C、D、对乙分析可知，剪断细绳前后均处于静止，则，联立F+m1g=F弹可知，由牛顿第三定律可知乙对地面的压力；故C正确，D错误.故选AC.【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡和牛顿第二定律进行求解，知道剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变9、AD【解析】物体做竖直上抛运动，以向上为正，则物体的加速度为-g

17、，做匀变速直线运动，根据匀变速直线运动的速度时间关系公式，有v=v0-gt速度大小变为10m/s，分两种情况讨论：当速度向上时，v=10m/s，故有当速度向下时，v=-10m/s，故有选项AD正确，BC错误。故选AD。【点睛】本题关键：（1）竖直上抛运动具有对称性，向上和向下经过同一点时速度等大、反向；（2）竖直上抛运动的向上和向下的过程中加速度不变，整个过程是匀变速直线运动，匀变速直线运动的公式都适用。10、CD【解析】当人对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说人处于超重状态，此时有向上的加速度；当人对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说人处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了

18、，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g【详解】下蹲过程中先加速在减速，加速度先向下在向上，所以先失重后超重，故AB错误；离开地面后，人对地面就没有作用力了，处于完全失重状态，此时有向下的加速度，加速度的大小为重力加速度g，故C正确；下落过程中，有向下的加速度，加速度的大小为重力加速度g，处于失重状态，故D正确所以CD正确，AB错误【点睛】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对地面的压力变了11、BD【解析】对甲、乙两人及绳子为一整体进行研究，水平方向的外力就是地面分别对甲、乙两人的摩擦力；整体从静止到运动起来产生了加速度，故受

19、外力不平衡，由此可判断甲所受摩擦力大于乙所受摩擦力；甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力，大小相等；即不管哪个获胜，甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是当地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，甲才能获胜；故AC错误，BD正确。故选BD。12、AD【解析】AB由乙图可知，超声波在时间内通过位移为x1，则超声波的速度为选项A正确，B错误；CD由题可知物体通过的位移为x2-x1时所用时间为所以物体的速度为选项C错误，D正确。故选AD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .ABCD .1.23 .3.50 .远大于 .C【解析】(1)利用图示小车纸带装置可以完成很多

20、实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力，当小车与车中砝码的总质量远大于小桶及桶中砝码的总质量时，才可以认为绳对小车的拉力大小约等于小桶及桶中砝码的总重力，电磁打点计时器使用时低压交流电；(3)根据牛顿第二定律求出绳子上拉力的表达式，即可明确满足什么条件时细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力；(4)控制实验所控制的变量，分析图象，根据图象特点得出实验结论；根据实验注意事项分析图象偏离直线的原因.【详解】(1)A、B、C、E、利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在

21、探究“小车的加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力，当小车与车中砝码的总质量远大于小桶及桶中砝码的总质量时，才可以认为绳对小车的拉力大小约等于小桶及桶中砝码的总重力，故A、B、C正确，E错误；D、电磁打点计时器使用时低压交流电，故D正确.故选ABCD.(2)根据中间时刻速度等于一段过程中的平均速度可求出某点的瞬时速度得：.根据运动学公式得：xat2,.(3)设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：FMa对塑料桶和桶中砝码有：mg-Fma由解得:由此可知当小车的质量远大于塑料桶和桶中砝码的质量时，塑料桶和桶中砝码的重力等于绳子的拉力，(4)随着力F的增大，即钩

22、码质量的增大，不再满足钩码的质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故A、B、D错误，C正确；故选C.【点睛】本题实验考查了控制变量法的应用、实验数据处理、实验误差分析，实验误差分析是本题的难点，应知道当砝码质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码重力.14、 .0.48m/s .Mm .没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 .否 .变大【解析】(1)1由于每5个计时点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.025=0.1s由逐差法得(2)2根据牛顿第二定律得：对m：对M：解得由此可知当时，即当钩码的总质量要远小于小车的质量，绳子的拉力近似等于钩码的总重力；(3)3当有

23、拉力时，物体加速度仍为零，可知：没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；(4)4由于有拉力传感器，所以不需要满足钩码的总质量要远小于小车的质量；5根据牛顿第二定律得，知图线的斜率表示质量的倒数挂重物时，图线的斜率表示系统质量的倒数，用力传感器时，加速度，图线的斜率表示小车质量M的倒数，可知图线的斜率变大三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1），240N；（2）50m【解析】（1）对斜坡上运动员受力分析，通过牛顿第二定律求出动摩擦因数的大小。（2）根据牛顿第二定律求出水平轨道上运动员的加速度，通过位移时间公式求出运动员在水平雪道上滑行的距离。【详解】（1）滑雪人受力如图由牛顿第二定律得M