河北省滦县二中2022-2023学年物理高一第一学期期末联考模拟试题含解析_第1页
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文档简介

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项:1答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、根据速度定义式,当极短时,就可以表示物体在该时刻瞬时速度,由此可知,当极短时,当就可以表示物体在该时刻的瞬时加速度。上面用到的物理方法分别是()A.控制变量法微元法B.假设法等效法C.微元法类比法D.极限法类比法2、一位质量为50 kg的乘客乘坐电梯,t0时从地面由静止开始升到顶层用了10s的时间。电梯的加速度随时间的关系图线如图所示,其中加速度的正值表示方向向上,g取10 m/s2,由图可知()A.电梯地板给乘客的最大力大小为500 NB.乘客给地板的最小力大小为350 NC.电梯加

3、速到速度最大用时2sD.在78 s时间内,乘客对电梯压力越来越大3、做匀减速直线运动物体经过4s后停止,若在第1s内的位移是21m,则最后1s的位移是A.5mB.3mC.2mD.1m4、关于速度和加速度的关系理解正确的是( )A.速度大的物体加速度大B.加速度大的物体速度大C.速度为零的物体加速度必定为零D.加速度为零时物体速度不一定为零5、如图所示,质量相等的A、B两小球分别连在弹簧两端,B小球用细绳固定在倾角为30的光滑斜面上,若不计弹簧质量,在细绳被剪断的瞬间,关于A、B两小球的加速度大小,下列说法正确的是A.B.C.D.6、一架小型无人机(可视为质点)在预定地点上空开始以初速度v匀减速

4、竖直下落,经时间t到达地面速度恰好为零,则无人机在时刻距离地面的高度为( )A.B.C.D.7、在平直轨道上运动的车厢中的光滑水平桌面上用弹簧拴着一个小球,弹簧处于自然长度,如图所示,当旅客看到弹簧的长度变长时,对火车运动状态的判断可能的是A.火车向右运动,速度在增加中B.火车向右运动,速度在减小中C.火车向左运动,速度在增加中D.火车向左运动,速度在减小中8、如图甲所示,足够长的木板B静置于光滑水平面上,其上放置小滑块A,滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时,滑块A的加速度a与拉力F的关系图象如图乙所示滑块A的质量记作mA,长木板B的质量记作mB,则()A.mA1kgB.mB3kgC.A

5、、B间动摩擦因数0.5D.F10N之后,B的加速度为2m/s29、如图所示,重为G的物体静止在斜面上,当斜面的倾角逐渐增大时,物体仍保持静止,下列分析正确的是()A.物体对斜面的压力增大B.物体所受的静摩擦力增大C.重力垂直于斜面的分力增大D.重力平行于斜面的分力增大10、如图所示,一小球自空中自由落下,与正下方的直立轻质弹簧接触,直至速度为零的过程中,关于小球运动状态的下列几种描述中,正确的是()A.接触后,速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处B.接触后,小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方C.接触后,小球先做加速运动,后做减速运动,其速度先增加后减小直到为零D.接触后,小球做减速运动,

6、加速度的绝对值越来越大,速度越来越小,最后等于零11、如图所示,物块a、b的质量分别为m、2m,水平地面和竖直墙面均光滑,a、b的动摩擦因数为,在水平推力F作用下,两物块均处于静止状态,重力加速度为g,则( )A.物块a受4个力作用B.物块b受到的摩擦力大小等于FC.物块B对地面的压力大小等于3mgD.物块a受到物块b的作用力水平向右12、如图所示,把重为20N的物体放在倾角为300的粗糙斜面上,并静止,物体右端与固定在斜面上的轻弹簧相连接,弹簧与斜面平行,若物体与斜面间的最大静摩擦力为12N,则弹簧对物体的弹力大小可能是()A.30NB.25NC.20ND.0二、实验题(本题共16分,答案写

7、在题中横线上)13、(6分)某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中,选出了如图所示的一条纸带(每两点间还有4个点没有画出),纸带上方的数字为相邻两个计数点间的距离。打点计时器的电源频率为50Hz。(1)实验中,在开始打点时,应该先_(填“接通电源”或“释放小车”) ;(2)打计数点C时,纸带运动的瞬时速度为_,加速度为_(结果均保留3位有效数字)。14、(10分)在做“探究力的平行四边形定则”实验时:(1)除已有的器材方木板、白纸、弹簧测力计、细绳套、刻度尺、图钉和铅笔外,还必须有_和_(2)要使每次合力与分力产生相同的效果,必须( )A每次把橡皮条拉到同样的位置B每次把橡皮条拉直C每

8、次准确读出弹簧测力计的示数D每次记准细绳的方向 (3)某同学的实验结果如图所示,其中A为固定橡皮条的图钉,O为橡皮条与绳套结点的位置图中_是力F1与F2的合力的理论值,_是力F1与F2的合力的实验值通过把_和_进行比较,可以验证平行定则三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)如图所示,质量为M8kg的小车放在光滑的水平面上,在小车右端加一水平恒力F5N,当小车向右运动的速度达到1.5m/s时,在小车最右端轻轻地放上一个大小不计的质量为m2kg的小物块,物块与小车的动摩擦因素是0.2,小车足够长,求从小物块放上小车经过1.5m,小物块相对于地的位移是多少?(g=1

9、0m/s2)16、(12分)如下图所示,表面光滑、质量不计,角度为的直角三角形尖劈,插在缝A、B之间,在尖劈背上加一压力,求尖劈对A、B侧压力.17、(12分)如图所示,在游乐场中,有一种大型游戏机械叫“跳楼机”参加游戏的游客被安全带固定在座椅上,由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面124 m的高处,然后由静止释放为研究方便,可以认为座椅沿轨道做自由落体运动3 s后,开始受到恒力制动,做匀减速运动,且下落到离地面4 m高处时速度刚好减小到零然后再让座椅以相当缓慢的速度稳稳落下,将游客送回地面,取g=10 m/s2求:(1)座椅在自由下落结束时刻的速度是多大?(2)座椅在匀减速阶段的时间是

10、多少?(3)在匀减速阶段,座椅对游客的作用力大小是游客体重的多少倍?参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、D【解析】当极短时,就可以表示物体在该时刻的瞬时速度,运用了极限的思想,类比瞬时速度的定义推导出瞬时加速度运用了类比的思想,因此所用物理方法为极限法和类比法,故ABC错误,D正确。故选D。2、B【解析】A超重且加速度最大,电梯对乘客的支持力最大,由牛顿第二定律可得电梯地板给乘客的最大力大小为600 N,故A错误;B当加速度电梯地板给乘客的支持力最小,由牛顿第二定律可得由牛顿第三定律可知乘客给地板的最小力大小也为350 N,故B正确

11、;C电梯加速到速度最大用时4s,故C错误;D在78 s时间内, 乘客处于平衡状态,对电梯的压力等于重力大小不变,故D错误。故选择B选项。3、B【解析】因为匀加速直线运动和匀减速直线运动互为逆运动,所以可以用逆向思维,把物体的运动看成匀加速直线运动,从题中可得初速度为:,则物体在第1s,第2s,第3s,第4s,第5s内的位移之比为:,所以,故可得,B正确;考点:考查了匀变速直线运动规律的应用4、D【解析】A速度大的物体加速度不一定大,例如匀速直线运动的速度很大,加速度为零,A错误;B加速度是表示速度变化快慢的物理量,质点的速度变化越快,则加速度越大,故加速度大的物体瞬时速度可以很大、很小或为零,

12、如竖直上抛运动的最高点,加速度为g,速度却为零,B错误;C速度为零的物体可以是变化中的瞬时速度为零,故加速度可以不为零,C错误;D加速度为零时只代表此时速度不再变化,则速度不一定为零,D正确。故选D。5、C【解析】在剪断上端的绳子的瞬间,绳子上的拉力立即减为零,而弹簧的伸长量没有来得及发生改变,故弹力不变,再分别对A、B两个小球运用牛顿第二定律,即可求得加速度【详解】在剪断绳子之前,A处于平衡状态,所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等在剪断上端的绳子的瞬间,绳子上的拉力立即减为零,而弹簧的伸长量没有来得及发生改变,故弹力不变仍为A的重力沿斜面上的分力故A球的加速度为零,aA=0,故AB错

13、误;在剪断绳子之前,对B球进行受力分析,B受到重力、弹簧对它斜向下的拉力、支持力及绳子的拉力,在剪断上端的绳子的瞬间,绳子上的拉力立即减为零,对B球进行受力分析,则B受到到重力、弹簧的向下拉力、支持力所以根据牛顿第二定律得:,故C正确,D错误;故选C【点睛】该题要注意在剪断绳子的瞬间,绳子上的力立即减为0,而弹簧的弹力不发生改变,再结合牛顿第二定律解题6、A【解析】无人机做竖直向下的匀减速直线运动到停止,由逆向思维法可看成向上做初速度为零的匀加速直线运动,有:无人机在时刻的高度相当于匀加速的位移,有:联立解得:故选A。7、BC【解析】由题意,弹簧处于自然长度,当旅客发现弹簧的长度变长时,弹簧伸

14、长,小球受到向左的弹力,根据牛顿第二定律得知小球的加速度向左,火车向左做加速运动,或向右做减速运动。故AD错误,BC正确。故选BC8、BD【解析】AB由图乙可知,当F10N时,加速度为:a2m/s2,对A、B整体分析,由牛顿第二定律有F(mA+mB)a代入数据解得mA+mB5kg当F大于10N时,A、B发生相对滑动,对A根据牛顿第二定律得a=-g图象的斜率k解得mA2kg滑块B的质量为mB3kg故A错误,B正确;C当F大于10N时,A的加速度与F的关系aF-g知当a0时,F6N,代入解得0.3故C错误;D根据F10N时,滑块与木板相对滑动,B的加速度为aBm/s2=2m/s2故D正确。故选BD

15、。9、BD【解析】对物体进行受力分析知:物体受重力G,支持力N和静摩擦力f将重力分解为沿斜面的分力G1,垂直于斜面的分力G2,由于保持静止,则物体处于平衡状态,则有故当逐渐增大时,G1增大,f增大,G2减小,N减小,由牛顿第三定律可知,物体对斜面的压力也减小。故AC错误,BD正确。故选BD。10、ABC【解析】接触后,小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方;速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处;由受力分析和运动学知识,小球先做加速运动,后做减速运动,其速度先增加后减小直到为零【详解】小球与弹簧接触后,开始重力大于弹簧的弹力,合力向下,加速度向下,小球做加速运动,加速度减小,当弹力等于重力时,

16、加速度减小到零,此时速度最大;再以后,弹力大于重力而且逐渐增大,加速度向上也逐渐增大,小球做减速运动直至速度为零;即小球先做加速度减小的加速运动再做加速度增加的减速运动,速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处,故A、B、C正确,D错误故选ABC11、AC【解析】按重力、弹力的顺序逐个分析物体的受力,每一个接触面都要分析再由平衡条件求力的大小【详解】物块a受到:重力、b的弹力和静摩擦力、墙面的支持力,共受4个力,故A正确以a为研究对象,由平衡条件知,b对a的摩擦力大小等于a的重力,为mg,由牛顿第三定律知a对b的摩擦力大小也等于mg,不可以根据滑动摩擦力进行计算,故B错误以整体为研究对象,则知地面

17、对b的支持力等于3mg,则物块b对地面的压力大小等于3mg,故C正确物块a受到物块b两个力作用:水平向右的压力和竖直向上的静摩擦力,它们的合力斜向右上方,则物块a受到物块b的作用力斜向右上方,故D错误故选AC12、CD【解析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力,当最大静摩擦力平行斜面向下和平行斜面向上时,分别求解出对应的弹簧弹力,得到弹簧弹力的作用范围【详解】将重力按照作用效果分解:平行斜面的下滑分力为mgsin30=10N,垂直斜面的垂直分力为mgcos30=10N;当最大静摩擦力平行斜面向下时,物体与斜面间的最大静摩擦力为12N,弹簧弹力为拉力,等于22N;当最

18、大静摩擦力平行斜面向上时,物体与斜面间的最大静摩擦力为12N,弹簧弹力为推力,等于2N;故弹簧弹力可以是不大于2N推力或者不大于22N的拉力,也可以没有弹力;由上分析,可知,故CD正确,AB错误;故选CD【点睛】本题关键是根据平衡条件求解出物体即将上滑和即将下滑的两种临界情况的弹簧弹力二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、 (1).接通电源 (2).1.03m/s (3).2.10m/s2【解析】(1)1在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中,为了使打点更稳定,同时为了提高纸带的利用率,在纸带上能打出更多的点,在操作中要先接通电源然后释放小车(2)2变速直线运动中,中间时刻的速度等于该过程中的平均速度,因此C点的瞬时速度为3由逐差法可得加速度为14、 .橡皮条 .三角板 .A .F .F/ .F .F/【解析】(1) 除已有的器材方木板、白纸、弹簧测力计、细绳套、刻度尺、图钉和铅笔外,还必须有橡皮条和三角板(2) 要使每

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