新疆沙湾一中2022-2023学年物理高一上期末调研模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，质量为m的小球用水平轻质弹簧系住，并用倾角为37的木板托住，小球处于静止状态，弹簧处于压缩状态，则A.小球一定受四个力的作用B.弹簧弹力可能为C.小球受木板的摩擦力一定沿斜面向下D.木板对小球的作用力的方向一定垂直于木板向上2、如图所示，一根轻弹簧竖直立在水平地而上，下端固定。一小球从高处自由落下，从小球落到弹簧上端到将弹簧压缩至最低过程中，下列判断正确的是（ ）A.小球的速度先增大后减小B.小球的速度一直减小C.小球的加速度一直增大D.小球的加速度一直减小3、对牛顿第一定律

3、和牛顿第三定律理解，下列说法正确的是（）A.运动速度大的物体不能很快地停下来，是因为物体速度越大，惯性也越大B.静止的火车起动时，速度变化慢，是因为静止的物体惯性大的缘故C.作用力和反作用力同时产生，同时消失D.两物体处于相对静止时，它们之间的作用力和反作用力的大小才相等4、如图所示,质量均为m的两木块a与b叠放在水平面上,a受到水平向右的力的作用,b受到水平向左的力的作用,两力大小均为F。现两木块保持静止状态,则()A.a、b之间无静摩擦力B.a、b之间一定存在静摩擦力C.b与地面之间一定存静摩擦力D.b受到的合外力比a受到的合外力大5、2018年12月8日2时23分，中国在西昌卫星发射中心

4、用长征三号乙运载火箭成功发射嫦娥四号探测器，开启了月球探测的新旅程若运载火箭在发射升空过程中，探测器先做加速运动，后做减速运动下列说法正确的是A.探测器在加速过程中惯性变大B.探测器先处于超重状态，后处于失重状态C.探测器先处于失重状态，后处于超重状态D.在加速过程，火箭对探测器作用力大于探测器对火箭的作用力6、如图所示，为某物体运动的v-t图像，以下说法正确的是（）A.45s的加速度大小为0.8m/s2B.04s的平均速度大小为2m/sC.05s物体的位移大小为14mD.45s的平均速度大小为1m/s7、质量为0.3kg的物体在水平面上做直线运动，图中的两条直线分别表示物体受水平拉力和不受水

5、平拉力的vt图象，则下列说法中不正确的是（）A.水平拉力可能等于0.3NB.水平拉力一定等于0.1NC.物体受到的摩擦力可能等于0.1ND.物体受到的摩擦力可能等于0.2N8、关于做直线运动的物体的加速度、速度及速度变化量的说法，正确的是（）A.物体的速度越大，加速度越大B.物体的速度变化量越大，加速度不一定大C.物体的速度变化越快，加速度越大D.物体的加速度减小，速度一定减小9、A、B 两质点在同一条直线上运动的位移 s 随时间 t 变化关系如图所示，由图可知A.t1时刻，两质点相遇B.t1 时刻，两质点的速度相等C.从 0 到 t1 时刻，A 比 B 运动慢D.t1时刻前 B 在 A 前方

6、，t1 时刻后 A 在 B 前方10、平抛物体的初速度为，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时( )A.运动的时间B.瞬时速率C.水平分速度与竖直分速度大小相等D.位移大小等于11、质量为1kg的物体，自由下落2s，则在这2s内: (取 g=10m/s2)A.重力做正功200JB.重力做正功100JC.重力做功的平均功率为50WD.重力做功的平均功率为100W12、如图所示，两个完全相同的光滑球的质量均为m，静止在竖直挡板和倾角为的固定斜面间。若逆时针缓慢转动挡板至与斜面垂直，在此过程中（）A.A、B两球间的弹力逐渐增大B.B球对挡板的压力逐渐减小C.B球对斜面的压力逐渐增大D.A球对斜面的

7、压力保持不变二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图，某同学设计了测量铁块与木板间动摩擦因数的实验。所用器材有：铁架台、长木板、铁块、米尺、电磁打点计时器、频率50Hz的交流电源，纸带等。回答下列问题：（1）铁块与木板间动摩擦因数=_（用木板与水平面的夹角、重力加速度g和铁块下滑的加速度a表示）（2）某次实验时，调整木板与水平面的夹角=30。接通电源。开启打点计时器，释放铁块，铁块从静止开始沿木板滑下。多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图（b）所示。图中的点为计数点（每两个相邻的计数点间还有4个点未画出）。重力加速度为9.8m/s2。铁块沿木板下滑时的加速度为_（结果

8、保留2位小数），进一步可以计算出铁块与木板间的动摩擦因数为_（结果保留2位小数）。14、（10分）（1）在探究小车速度随时间变化的规律实验中，用到的测量工具是（有二个）_；_。（2）在验证牛顿第二定律实验中，在保持拉力F=5N不变时，某同学根据测出的数据，画出图线如图但该同学未标注横坐标所对应的符号，请你在图中括号处补全_。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，一长L16m的水平传送带，以v10m/s的速率匀速顺时针转动将一质量为m1kg的物块无初速度地轻放在传送带左端，物块与传送带之间的动摩擦因数0.5（取g10m/s2）求（1）物块在传送带上从左

9、端运动到右端的时间（2）若该传送带装成与水平地面成37倾角，以同样的速率顺时针转动将该物块无初速度地放上传送带顶端，分析并求出物体从传送带上端运动到下端的时间16、（12分）如图所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端与桌面的右端相齐薄木板的质量，长度在薄木板的中央有一个小滑块可视为质点，质量小滑块与薄木板之间的动摩擦因数，小滑块、薄木板与桌面之间的动摩擦因数相等，皆为设小滑块与薄木板之间的滑动摩擦力等于它们之间的最大静摩擦力某时刻起对薄木板施加一个向右的拉力使木板向右运动求：(1)当外力时，m与M的加速度各为多大？(2)若使小滑块与木板之间发生相对滑动，拉力F至少是多大？(3)若使小滑块脱离木板

10、但不离开桌面，求拉力F应满足的条件17、（12分）如图所示，两个直角三角形滑块底角均为53，质量分别为m1=22.4kg，m2=31kg两滑块与地面的动摩擦因数分别为1=0.4，2=0.3两个滑块中间有一个圆弧形接触面光滑的轻质容器，现在容器中缓慢倒入水（假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2）求：（1）当容器中水的质量为3kg时，两个滑块均静止，求此时容器对两个滑块的压力；（2）再逐渐倒入水，试判断哪个滑块先开始滑动，并求出此时倒入容器中水的质量参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】小球处于静止状态，受

11、力平衡，对小球受力分析，如图所示：当重力、弹簧弹力以及木板的支持力的合力为零时，小球不受摩擦力，即小球可以受到3个力作用，故AC错误；若小球不受摩擦力，根据平衡条件得：，解得：，故B正确；小球受到重力、弹簧弹力以及木板对小球的作用力，处于平衡状态，合力为零，则木板对小球的作用力与小球重力和弹力的合力等大反向，当斜面对小球没有摩擦力时，重力和弹力的方向垂直斜面向下，此时木板对小球的作用力的方向垂直于木板向上，若斜面对小球有摩擦力作用，则重力和弹力的方向不垂直斜面向下，此时木板对小球的作用力的方向也不垂直于木板向上，故D错误考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是

12、对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解2、A【解析】设小球所受的弹力为F，当小球压缩弹簧的过程中，F竖直向上，且由零逐渐增大，所以合力F合=mg-F，方向向下，且逐渐减小，即加速度向下且逐渐减小，小球接触弹簧时有向下的速度，所以小球向下做加速运动；当F=mg，加速度为0，速度达到最大；小球继续向下运动，弹力F继续增大，合力F合=F-mg，方向向上，且继续增大，即加速度向上且逐渐增大，所以小球向下做减速运动，到达最低点时，速度为0，加速度到达最大值，即小

13、球的速度先增大后减小，加速度先减小后增大；故A正确，BCD错误。故选A。3、C【解析】AB惯性和物体的质量有关，和物体的运动状态无关，故AB错误；C由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，故C正确；D两物体不管处于相对静止还是运动状态，它们之间的作用力和反作用力的大小都相等，故D错误。故选C。4、B【解析】考查受力分析的整体法隔离法。【详解】A对a分析，a受力平衡，则一定受到b对a的摩擦力，大小为F，方向向左，A错误；Bab之间有摩擦力，而且无相对滑动，所以一定是静摩擦力，B正确；C对ab整体

14、受力分析，两个拉力平衡，地面对b一定无摩擦，C错误；Dab都处于静止状态，受力平衡，所受合力都为零，D错误。故选B。5、B【解析】物体若有向下的加速度为失重，有向上的加速度为失重【详解】A项：物体的惯性只取决于物体的质量，与物体的运动状态无关，故A错误；B、C项：射升空过程中，先做加速运动后做减速运动：向上加速过程加速度向上，则为超重状态，向上减速加速度向下，为失重状态，故B正确；D项：由牛顿第三定律可知，火箭对探测器作用力等于探测器对火箭的作用力，故D错误故选B【点睛】对于超重还是失重的判断，关键取决于加速度的方向：当物体的加速度向上时，处于超重状态；当加速度方向向下时，处于失重状态6、C【

15、解析】A速度时间图线的斜率表示加速度，在45s的加速度大小为：故A错误；B图线与时间轴围成的面积表示位移，可得04s的位移为：则04s的平均速度大小为：故B错误；C图线与时间轴围成的面积表示位移，可得05s物体的位移大小为：故C正确；D根据匀变速直线运动推论可得45s的平均速度大小为：故D错误。故选C。7、BCD【解析】先根据图象得到物体的运动情况，求出加速度，再根据牛顿第二定律求出合力；再受力分析后得到拉力和摩擦力的可能值【详解】由图知：a图表示加速度为的匀减速运动，b图表示加速度为的匀减速运动；故根据牛顿第二定律，a受到合外力0.1N，b受到合外力0.2N；如果a受水平拉力，那么b仅受摩擦

16、力是0.2N，所以a受到向前的0.1N的拉力；同理，如果b受水平拉力，那么由a知摩擦力是0.1N，b受到向后0.1N的拉力；故无论如何拉力始终是0.1N，而摩擦力可能是0.1N，也可能是0.2N；故选BCD。【点睛】本题关键先由图象得到运动情况，求出加速度后，根据牛顿第二定律求出合力，再受力分析，得到各个未知力8、BC【解析】A加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度很大，比如匀速直线运动，但不存在变化，加速度为零，故A错误；B物体的速度变化量越大，所用时间也很长，则加速度不一定大，故B正确；C加速度是描述速度变化快慢的物理量，所以物体速度变化越快，加速度越大，故C正确；D物体速度的增减取决于加

17、速度和速度的方向关系，两者反向时，速度一定减小，故D错误。故选BC。9、AD【解析】位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向，两物体运动位移时间图像的交点代表它们相遇【详解】A、由图像可知，t1时刻两质点处于相同的位置，故质点相遇，A正确；BC、图像的斜率代表速度，A的速度大于B的速度，BC错误；D、由图像可知，t1时刻前 B 在 A 前方，t1 时刻后 A 在 B 前方，D正确故选AD【点睛】本题的关键要理解位移-时间图象上点和斜率的物理意义；特别是斜率代表速度，斜率的正负表示速度的方向10、ABD【解析

18、】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住水平位移和竖直位移相等求出运动的时间，结合速度时间公式判断水平分速度和竖直分速度的关系，根据平行四边形定则求出瞬时速度的大小通过水平位移和竖直位移，根据平行四边形定则求出位移的大小【详解】A根据得故A正确;BC此时竖直分速度与水平分速度不等，瞬时速率故B正确，C错误；D水平位移则位移的大小故D正确。故选ABD。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。11、AD【解析】AB.下落2s的位移为则重力做功W=mgh=11020=200J.故选项A符合题意，选项B不符合题意. CD

19、.重力做功平均功率为故选项C不符合题意，选项D符合题意.12、BD【解析】AD以A为研究对象，受力情况如图1，重力mg没有变化，斜面和B球对A球的支持力NA和N1方向没有变化，根据平衡条件得到B对A的支持力N1不变，斜面对A球支持力NA不变。根据牛顿第三定律得到A球对斜面的压力也不变，故A错误，D正确；BC以AB整体为研究对象，受力如图2所示，由图看出，挡板对B球的弹力F逐渐减小，斜面对A、B两球总的支持力N减小，则牛顿第三定律得：B球对挡板的压力逐渐减小。N=NA+NB，斜面对A球支持力NA不变，所以NB减小，B球对斜面的压力逐渐减小，故B正确，C错误。二、实验题（本题共16分，答案写在题中

20、横线上）13、 . .1.97m/s2 .0.35【解析】（1）1对铁块，由牛顿第二定律可得故铁块的摩擦因素为（2）23由逐差法可得，物体的加速度为故摩擦因素为14、 .刻度尺 .打点计时器 ./kg-1【解析】打点计时器主要用来测瞬时速度和加速度，测瞬时速度利用中间时刻的速度等于该段时间内的平均速度测加速度利用x=at2根据牛顿第二定律F=ma可得从而求出物体的质量，进而知道横坐标的含义【详解】（1）在探究小车速度随时间变化的规律实验中，我们利用.v =x t 求出小车在某一位置时的速度，再做出v-t图象，从而根据v-t图象判定出物体的速度随时间变化的关系，故需要知道打点计时器所打的任意一个

21、位置的所对应的时刻以及相邻两点之间的距离，故需要用刻度尺测两点间的距离，用打点计时器记录某些位置所对应的时刻故用到的测量工具为：刻度尺和打点计时器（2）根据牛顿第二定律F=ma可得在F=5N，加速度a=2m/s2时物体的质量=2.5 kg，故横坐标为/kg-1三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）2.6s；（2）2s【解析】（1）根据牛顿第二定律求解加速度，求解达到与传送带共速时的时间和下滑的距离；以后物块匀速运动，根据公式求解时间； （2）在顶端释放后，根据牛顿第二定律求解加速度，达到与带相同速度后，物块继续加速，摩擦力方向改变，再次求解加速度即可；结合运动公式

22、求解总时间；【详解】（1）物体放上传送带后，根据牛顿第二定律：mg=maa=g=5m/s2能达到共速，则时间，s=t1=10mL之后匀速，到达另一端的时间所以共用时间t=t1+t2=2.6s；（2）在顶端释放后，mgsin+mgcos=ma1代入数据解得：a1=10m/s2，方向向下达到与带相同速度时，用时间s=5mL之后：因为tg=0.75，物块继续加速，根据牛顿第二定律：mgsin-mgcos=ma2解得：a2=2m/s2，方向向下；根据即解得t2=1s（负值舍掉）则共用时间【点睛】对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道