安徽省马鞍山市含山中学2022年高一物理第一学期期末检测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受三个力，向右的F1，向左的F2和摩擦力，处于静止状态其中F1=10N，F2=2N若撤去力F1则木

2、块受到的合外力为A.10N向左B.6N向右C.2N向左D.02、如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O点，现用水平F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力FN，以及绳对小球的拉力FT的变化情况是（）A.FN保持不变，FT不断增大B.FN不断增大，FT不断减小C.FN保持不变，FT先增大后减小D.FN不断增大，FT先减小后增大3、如图所示，一轻质弹簧竖直固定在水平面上，一物块自弹簧正上方自由下落，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短（在弹性限度内）的过程中，下列说法正确的是（）A.物块接触弹簧后即做减速运

3、动B.物块接触弹簧后先加速后减速C.当物块的速度最大时，它所受的合力不为零D.当弹簧被压缩至最短时，物块的加速度等于零4、下列情形中的物体可以看做质点的是（）A.研究郭晶晶在跳水比赛中动作时B.一枚硬币用力上抛，猜测它落地时是正面朝上还是反面朝上C.研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时D.研究足球运动员踢出的“香蕉球”的旋转运动特点时5、如图所示，用水平力F推乙物块，使甲、乙、丙三个完全相同的物块静止在粗糙水平地面上，各物块受力的情况下列说法错误的是( )A.甲物块不受任何摩擦力的作用B.乙物块只受到一个摩擦力的作用C.丙物块受到三个摩擦力的作用D.甲、乙、丙三个物块受到的合力相同6、某汽车刹车

4、时做直线运动的位移x与时间t的关系为x10t2t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该汽车A.加速度大小为2m/s2B.3秒末的速度大小为12m/sC.加速度大小为4m/s2D.初速度大小为10m/s7、在某一高度以的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10 m/s时，以下判断正确的是（g取10 m/s2）（）A.小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向下B.小球的位移大小一定是15mC.小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向上D.小球在这段时间内的平均速度大小可能为15m/s，方向向上8、如图所示，一定质量的物块用轻绳悬挂在空中，其中轻绳与水平

5、线夹角保持不变，轻绳在竖直平面内由水平方向缓慢向上转动（点位置始终保持不变），则在绳由水平转至竖直的过程中，以下说法正确的是（）A.轻绳的张力大小将一直变小B.轻绳的张力大小先变小后变大C.轻绳的张力大小将一直变小D.轻绳的张力大小先变小后变大9、某物体运动的速度-时间图象如图所示根据图象可知A.0-2s内的加速度为2m/s2B.0-5s 内的位移为7mC.第1s末与第4.5s末的速度方向相反D.第1s末与第4.5s末的加速度方向相反10、小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示.取g=10 m/s2.则（）A.小球下落的最大速度为5 m/sB.小球

6、第一次反弹初速度的大小为5 m/sC.小球能弹起的最大高度为0.45 mD.小球能弹起的最大高度为1.25 m二、实验题11、（4分）为了测定小车从斜面上下滑的加速度，实验者在小车上安装了宽度为d的遮光板，小车沿斜面下滑过程中先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光板通过第一个光电门的时间为t1，通过第二个光电门的时间为t2(1)若遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为t，则小车的加速度为_(2)若第一个光电门到第二个光电门的距离为s，则小车的加速度为_12、（10分）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，如图所示，是一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、

7、D、E为相邻的计数点，每相邻的两个计数点之间还有4个点没有画出，交流电的频率为50Hz。纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零点与“A”计数点对齐，下列表格中已填入B、C、E三点在刻度尺上的数值（1）D的数值为_ cm。计数点测量值/cm1.302.776.20（2）在打点计时器打B点时，小车的速度= _ m/s；（结果保留两位小数）（3）根据纸带可求出小车的加速度大小a=_。（结果保留两位小数）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图甲所示为倾斜的传送带始终以恒定的速度沿顺时针方向

8、转动,主动轮、从动轮的大小可忽略不计,传送带与水平面夹角为一质量m=1kg的小物块以初速度从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动,物块到传送带顶端的速度恰好为零,物块运动的速度-时间图像如图乙所示,已知求:(1)02s内物块的加速度及传送带底端到顶端的距离(2)物块与传送带间的动摩擦因数；(3)如果物块可以在传送带上留下划痕,求04s内传送带上的划痕长度14、（14分）如图所示，传送带与地面夹角37，从A到B长度为L41m，传送带v020 m/s的速率逆时针转动。在传送带上端A无初速地放一个质量为m0.5kg的黑色煤块，它与传送带之间的动摩擦因数为0.5。煤块在传送带上经过会留下黑色痕迹。

9、已知sin370.6，g10 m/s2，求：(1)煤块从A到B的时间；(2)煤块从A到B的过程中传送带上形成痕迹的长度。15、（13分）在距地面20m高处，将一物体水平抛出，物体飞出的速度为v0=10m/s，求：物体的位移（g取10m/s2）参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解析】对木块进行受力分析，由力的合成可得出静摩擦力的大小；撤去拉力后，根据另一拉力与摩擦力的关系判断物体是否静止，则可求出木块受到的合力【详解】木块开始在水平方

10、向受三个力而平衡，则有：f=F1-F2=10-2=8N； 物体处于静止状态，则说明物体受到最大静摩擦力大于8N；撤去F1后，外力为2N，故物体仍能处于平衡，故合力一定是零；故选D.【点睛】解答本题应准确理解静摩擦力的定义，并能根据受力分析得出力之间的关系2、D【解析】对小球进行受力分析，重力、支持力FN、拉力FT组成一个闭合的矢量三角形，由于重力不变、支持力FN方向不变，斜面向左移动的过程中，拉力FT与水平方向的夹角减小，当=时，FTFN，细绳的拉力FT最小，由图可知，随的减小，斜面的支持力FN不断增大，FT先减小后增大故D正确，ABC错误3、B【解析】A物块刚接触弹簧后，弹簧形变较小，此时弹

11、力肯定小于重力，物体仍然做加速运动，故A错误；B物体接触弹簧后，弹簧形变到最大这一过程中，弹簧力先小于重力，之后等于重力，再然后大于重力，故物块是先加速后减速，故B正确；C当物块速度最大时，加速度为零，此时必有合力为零，即弹簧力等于重力，故C错误；D弹簧压缩到最短时，弹簧力大于重力，此时加速度向上，故D错误。故选B。4、C【解析】A研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时，形状和大小不能忽略，不能看成质点，故A不符合题意；B一枚硬币用力上抛，猜测它落地时是正面朝上还是反面朝上，硬币的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故B不符合题意；C研究邢慧娜在万米长跑中运动的快慢时，运动员的形状和大小能忽略，可以看成

12、质点，故C符合题意；D研究足球运动员踢出的“香蕉球”的旋转运动特点时，足球的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故D不符合题意。故选C。5、C【解析】物体甲静止，合力为零，受重力和支持力，不受静摩擦力，否则不平衡，故A正确；对甲乙整体分析，受重力、支持力、推力和向左的静摩擦力，根据平衡条件，静摩擦力与推力F平衡，故物体乙受一个静摩擦力，故B正确；对物体丙，根据牛顿第三定律，乙对其有向右的静摩擦力，根据平衡条件，地面对其有向左的静摩擦力，故受两个静摩擦力，故C错误；甲、乙、丙三个物体保持静止，合力为零，故D正确；此题选择不正确的选项，故选C6、CD【解析】根据，可得汽车的初速度为：加速度：则加速度

13、的大小为，汽车速度减为零的时间为：则3s末的速度为0；A与分析不符，故A错误；B与分析不符，故B错误；C与分析相符，故C正确；D与分析相符，故D正确；故选CD。7、BCD【解析】ACD小球被竖直向上抛出，做的是匀变速直线运动，平均速度可以用匀变速直线运动的平均速度公式求出。规定竖直向上为正方向，当小球的末速度大小为10m/s、方向竖直向上时，用公式求得平均速度为15 m/s，方向竖直向上；当小球的末速度大小为10 m/s、方向竖直向下时，用公式求得平均速度大小为5m/s，方向竖直向上，故A错误，BD正确；C由于末速度大小为10m/s时，球的位置一定，距起点的位移C正确。故选BCD。8、AD【解

14、析】对O点受力分析，受重力和两个拉力，如图所示。三个力平衡，根据矢量三角形可知：OB绳子的拉力先减小后增加，OA绳子的拉力一直减小，AB根据图像可知：OA绳子的拉力一直减小，故A正确；B错误；CD根据图像可知：OB绳子的拉力先减小后增加，故C错误，D正确；故选AD9、BD【解析】速度图象的斜率等于物体的加速度大小根据斜率的正负分析加速度的正负图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移【详解】0-2s内的加速度大小为：，故A错误；0-25 内的位移为：，故B正确；速度的正负表示方向，故第 1s 末与第 4.5s 末的速度方向相同，故C错误；斜率的正负表示a的方向，由图可知，第 1s 末与第 4.5s

15、末加速度方向相反故D正确故选BD10、AC【解析】由图可知，小球下落到0.5s时的速度最大，最大速度为5m/s；故A正确；由图象可知，小球第一次反弹后初速度的大小为3m/s，故B错误；由图象可知：前0.5s内物体自由下落，后0.3s物体反弹，根据v-t图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得小球弹起的高度为：h=30.3=0.45m，故C正确，D错误.二、实验题11、 .； .【解析】由于遮光板很窄，可以认为通过光电门时速度不变，分别求出通过第一个和第二个光电门时的速度，如果已知从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间，则根据加速度的定义可求小车的加速度；如果已知第一个光电门到第

16、二个光电门的距离，则根据速度位移关系可求小车的加速度【详解】（1）小车通过第一个光电门的速度，小车通过第二个光电门的速度，从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为t，则小车的加速度为a=；（2）若第一个光电门到第二个光电门的距离为s，根据速度位移关系，则小车的加速度为a=12、 .4.40 .0.14 .0.17【解析】(1)1 最小分度值为0.1cm，由图可读出，D点的数据为4.40cm；(2)2 在打点计时器打B点时，小车的速度(3)3 小车的加速度三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位1

17、3、（1）-10m/s2；32m（2）0.5（3）20m【解析】（1）根据图示图象应用加速度定义式求出加速度，v-t图象与坐标轴形成图形的面积等于物体的位移（2）应用牛顿第二定律求出动摩擦因数（3）求出两段时间内物块相对于传送带的滑行距离，然后求出划痕长度【详解】（1）由图示图象可知，02s内物块的加速度为：，负号表示加速度方向与速度方向相反；由图示图象可知，传送带底端到顶端的距离为：x=（24+4）2+ 24=32m；（2）02s内，由牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma，代入数据解得：=0.5；（3）由v-t图象可知，物块在02s内向上做减速运动，当减速到与传送带速度相等时，由于重

18、力沿传送带的分力大于物块受到的最大静摩擦力，物块继续向上做减速运动，由此可知传送带的速度为4m/s，02s内物块相对传送带向上的位移：d1=(24+4)242=20m，2s-4s内，物块相对传送带向下的位移：d2=42- （4+0）2=4m，则划痕长度为d1=20m【点睛】本题考查了牛顿第二定律的应用，解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解动摩擦因数也可以根据动能定理求解14、（1）3s （2）20m【解析】（1）开始阶段由牛顿第二定律得： mgsin+mgcos=ma1 所以：a1=gsin+gcos=10m/s2物体加速至与传送带速度相等时需要的时间： 发生的位移： 所以物体加速到20m/s 时仍未到达B点，此时摩擦力方向改变。第二阶段有：mgsin-mgcos=ma2所以：a2=2m/s2设第二阶段物体滑动到B时间为t2 ，则： 解得：t2=1s 在B点的速度为：vB=v+a2t2=20+21=22m/s总时间：t=t1+t2=2s+1s=3s（2）第一阶段炭块的速度小于皮带速度，炭块相对皮带向上移动，炭块的位移为： 传送带的位移为220=40m，故炭块相对传送带上移20m；第二阶段炭块的速度大于皮带速度，炭块相对皮带向下移动，