安徽省县中联盟2023-2024学年高二上学期12月联考数学试题_第1页
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文档简介

2023~2024学年安徽县中联盟高二12月联考数学试题一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.过点且与直线平行的直线的方程是()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用直线的平行系方程及点在直线上即可求解.【详解】设与直线平行的直线的方程为,将点代入得,解得,所以所求直线的方程为.故选:A.2.已知等轴双曲线的对称轴为坐标轴,且经过点,则双曲线的标准方程为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】设出等轴双曲线的标准方程,将代入即可求解.【详解】设等轴双曲线的方程为,将点代入得,解得.所以双曲线的标准方程为.故选:C.3.若曲线表示椭圆,则实数的取值范围是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】利用二元二次方程与椭圆的关系列式求解即可.【详解】若曲线表示椭圆,则,解得且,所以实数的取值范围是.故选:B.4.已知抛物线:(),过点且垂直于轴的直线交抛物线于,两点,为坐标原点,若的面积为9,则()A. B.2 C. D.3【答案】A【解析】【分析】根据已知条件联立方程组求出两点的坐标,利用两点的距离公式及三角形的面积公式即可求解.【详解】将代入,得,由对称性不妨设在轴上方,所以点,,所以,,因为,解得.故选:A.5.已知等差数列是递增数列,其前项和为,且满足,当时,实数的最小值为()A.10 B.11 C.20 D.21【答案】C【解析】【分析】先设等差数列的公差为,得到,再根据题意求出,从而得到,进而即可得到答案.【详解】设等差数列的公差为,由是递增数列,则,又,即,即,即,得,则,,所以当时,的最小值为20.故选:C.6.已知点是双曲线:上一点,则点到双曲线两条渐近线的距离之积为()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】设出,利用点到直线距离分别求出点到渐近线的距离,从而求解.【详解】由双曲线的方程知渐近线方程为,设,由题意,得,即,点到渐近线的距离,点到渐近线的距离,所以,故B项正确.故选:B.7.已知正四棱锥的各棱长均相等,点是的中点,点是的中点,则异面直线和所成角的余弦值是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】建立空间直角坐标系,设,写出点的坐标,利用空间向量夹角公式进行求解.【详解】设,相交于点,根据题意,以,,所在直线分别为轴,轴,轴建立空间直角坐标系,如图所示,不妨设,则,,则,,,,,因为点是的中点,点是的中点,所以,,所以,,则,所以异面直线和所成角的余弦值是.故选:D.8.已知椭圆:()的左、右焦点分别为,,点在椭圆上,的延长线交椭圆于点,且,的面积为,记与的面积分别为,,则()A. B. C. D.2【答案】C【解析】【分析】由三角形面积和余弦定理得到,求出,,所以,由椭圆定义求出其他边长,得到,求出,,所以.【详解】不妨设,,焦距,由的面积为,得,由余弦定理,得,则,所以,即,所以,所以,易得,,所以,所以,由椭圆定义知,所以,所以,所以,,所以.故选:C.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.已知,,,则()A. B.C. D.【答案】AC【解析】【分析】由向量模、数量积的坐标公式,以及向量共线定理逐一判断每一选项即可求解.【详解】,所以,A正确;,所以,B错误;,,所以,C正确;,不存实数,使得,故与不平行,D错误.故选:AC.10.已知:,:,,,则下列说法正确的是()A.若,分别是与上的点,则的最大值是B.当,时,与相交弦所在的直线方程为C.当时,若上有且只有3个点到直线的距离为1,则D.若与有3条公切线,则的最大值为4【答案】AD【解析】【分析】A选项,求出圆心距,得到的最大值;B选项,先得到两圆相交,两圆相减得到相交弦方程;C选项,先得到点到直线的距离为1,由点到直线距离公式得到方程,求出答案;D选项,与外切,从而得到,利用基本不等式求出答案.【详解】A选项,由题意可知,,所以,又,分别是与上的点,所以的最大值是,A正确;B选项,当,时,:,:,由于圆心距为,而,故两圆相交,两圆方程相减得,故相交弦所在的直线方程为,B错误;C选项,当时,若上有且只有3个点到直线的距离为1,则点到直线的距离为1,所以,解得,C错误;D选项,若与有3条公切线,则与外切,即,所以,当且仅当时等号成立,D正确.故选:AD.11.已知倾斜角为的直线经过抛物线:()的焦点,且与抛物线交于,两点(点在第一象限),与抛物线的准线交于点,则()A.以为直径的圆与轴相切 B.准线上存在唯一点,使得C. D.【答案】ABC【解析】【分析】根据题意作出图形,利用数型结合及抛物线的知识及定义逐项判断即可求解.【详解】对于A:设,,,的中点为,由抛物线的定义,得,的中点到轴的距离为,故以为直径的圆与轴相切,故A正确;对于B:,的中点到准线的距离为,因此以为直径圆与准线相切,故准线上存在唯一点,使得,故B正确;对于C、D:如图所示,过点,作准线的垂线,垂足分别为点,,由倾斜角为,可得,设,则,因为,所以,,故C正确;设,则,因为,所以,所以,所以,故D错误.故选:ABC.12.“斐波那契螺旋线”是根据斐波那契数列画出来的螺旋曲线,也称为“黄金螺旋曲线”,图中小正方形的边长从小到大分别为斐波那契数列,其中,,,,…,小正方形的面积从小到大记为数列,小正方形所对应扇形的面积从小到大记为数列,则()A. B.C. D.【答案】BC【解析】【分析】A选项,先得到,代入,求出A错误;B选项,由数列规律得到B正确;C选项,先得到,从而裂项相消法求出C正确;D选项,先得到,结合C选项,求出D错误.【详解】A选项,因为,,所以,令,得,所以,A错误;B选项,,B正确;C选项,,所以,C正确;D选项,,所以,D错误.故选:BC.【点睛】斐波那契数列的性质:(1);(2);(3);(4);(5);(6);(7);(8);(9);(10)三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知数列是等差数列,,则______.【答案】【解析】【分析】直接由等差数列的运算性质运算即可.【详解】根据等差数列的性质,得,所以,所以.故答案为:.14.已知过原点作圆:的两条切线,切点分别是,,则______.【答案】##0.28【解析】【分析】先计算出圆心和半径,进而得到,利用余弦二倍角公式求出答案.【详解】由题意知,圆的圆心坐标为,半径,所以,,所以.故答案为:15.已知点是抛物线上的一个动点,则的最小值是______.【答案】13【解析】【分析】作出辅助线,结合焦半径和点到直线距离公式,数形结合得到当,,三点共线时取得最小值,即,得到答案.【详解】过点作直线与直线垂直,垂足为,点为抛物线的焦点,则,,过点作直线与垂直,垂足为,则,当且仅当,,三点共线时等号成立,即,所以,即的最小值是13.故答案为:1316.已知双曲线:(,)的左、右焦点分别为,,直线:与双曲线的左、右两支分别交于,两点,且,若双曲线的离心率为,则______.【答案】【解析】【分析】由题意知过且与双曲线的一条渐近线:垂直,设垂足为,根据长度关系得到,然后在借助余弦定理得到,从而得到答案.【详解】直线:过且与双曲线的一条渐近线:垂直,渐进线方程为,设垂足为,,因为,所以,所以,因为,由双曲线的定义得,,,在中,,即,所以,所以,所以(舍去),所以.故答案为:【点睛】关键点睛:本题的关键是利用双曲线定义结合余弦定理得到关于的齐次方程,再结合与的关系即可.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知等差数列的前项和为,,.(1)求数列的通项公式;(2)令,求数列的前项和.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)通过对等差数列的基本量的计算,易得数列的通项公式;(2)表示出数列,利用等差数列的求和公式计算即可.【小问1详解】因为,所以.设的公差为,所以,即,所以.所以数列的通项公式为.【小问2详解】由(1),得.所以,,所以数列是首项为1,公差为1的等差数列.所以数列的前项和.18.已知圆的圆心是抛物线的焦点.(1)求抛物线的方程;(2)若直线交抛物线于两点,点是的中点,求直线的方程.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由圆心是抛物线的焦点,找到抛物线的焦点,从而得到抛物线的方程;(2)利用点差法,找到直线的斜率,进而求得直线的方程.【小问1详解】圆的方程可化为,故圆心的坐标为.设抛物线的方程为(),所以,所以,所以抛物线的方程为.【小问2详解】设,,则两式相减,得,即,所以直线的斜率.因为点是的中点,所以,所以.所以直线的方程为,即.19.在荾形中,,,将菱形沿着翻折,得到三棱锥如图所示,此时.(1)求证:平面平面;(2)若点是的中点,求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)取的中点,先证明线面垂直即平面,然后证明平面平面(2)建立空间直角坐标系,然后利用空间向量法求解直线与平面所成夹角.【小问1详解】证明:因为四边形是菱形,,所以与均为正三角形,取的中点,连结,,则,因为,所以,因为,所以,又,平面,所以平面.因为平面,所以平面平面.【小问2详解】由(1)可知,,,两两垂直,以为坐标原点,,,所在直线分别为轴,轴,轴建立如图所示的空间直角坐标系,则,,,,因为是的中点,所以,所以,,,设为平面的一个法向量,则令,得,所以.所以,设直线与平面所成角为,则,所以直线与平面所成角的正弦值为.20.已知椭圆:()的左、右焦点分别是,,左、右顶点分别是,,上、下顶点分别是,,四边形的面积为,四边形的面积为.(1)求椭圆的方程;(2)直线:与圆:相切,与椭圆交于,两点,若的面积为,求由点,,,四点围成的四边形的面积.【答案】(1)(2)【解析】分析】(1)根据题意列方程组中分别求出,从而求解.(2)将直线与椭圆方程联立,结合韦达定理从而求解.【小问1详解】设椭圆的焦距为,根据题意,得,解得,,,所以椭圆的方程是.【小问2详解】设,,因为直线与圆:相切,所以,所以.联立得.因为圆在椭圆内部,所以恒成立.所以,.所以.所以的面积,即,解得,此时直线轴,所以,所以四边形的面积为.【点睛】关键点睛:(2)问中利用直线与椭圆联立后应用韦达定理求出弦长,从而求解.21.已知数列的前项和为,,,.(1)求数列的通项公式;(2)求数列的前项和.【答案】21.;22..【解析】【分析】(1)根据与的关系可得,进而得到数列的通项公式;(2)表示出数列,利用裂项相消法即可求.【小问1详解】因为,所以当时,.所以,即,所以,所以,所以数列是常数列,所以,所以,即数列的通项公式为.【小问2详解】因为,所以,所以..22.在平面直角坐标系中,已知动点、,点是线段的中点,且点在反比例函数的图象上,记动点的轨迹为曲线.(1)求曲线的方程;(2)若曲线与轴交于、两点,点是直线上的动点,直线、分别与曲线交于点、(异于、).求证:直线过定点.【答案】(1)(2)证明见解析【解析】【分析】(1)由已知条件可得出,设点,则,计算出的值,即可得出曲线的方程;(2)设点在点的左侧,则由题意得、,设、、,写出直线、,与双曲线的方程联立,求出点、的坐标,可得出直线的方程,对直线的斜率是否存在进行分类讨论,化简直线的方程,即可得出直线所过定点的坐标.【小问1详解】解:因为点在反比例函数的图象上,所以,设点,因为点是线段的中点,所以,可得,所以,整理得.所以曲线的方程为.【小问2详解】证明:不妨设点在点的左侧,则由题意得、,设、、,则直线的方程为,直线的方程为,联立得,当时,,由韦达定理得,解得,,同理

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