上海市宝山区行知实验中学2022年高一物理第一学期期末教学质量检测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、一个物体以初速度v0从斜面底端开始沿斜面上滑，到达最高点后又返回斜面底端时的速度

2、大小为v，物体和斜面之间的动摩擦因数处处为，斜面倾角为，上滑时加速度大小为a1，下滑时加速度大小为a2，上滑时间为t1，下滑时间为t2.则下列判断正确的是A.v0=vB.C.a1a2D.t1t22、如图所示，在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程关于她的实验现象，下列说法中正确的是( )A.只有“起立”过程，才能出现超重的现象B.只有“下蹲”过程，才能出现失重的现象C.“下蹲”过程，先出现超重现象后出现失重现象D.“起立”、“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象3、国际单位制中与力学有关的三个基本单

3、位是A.kg、m、sB.g、m、NC.kg、km、ND.kg、m、N4、两个分力F1和F2之间的夹角为，其合力为F，下列说法正确的是（）A.合力F等于F1和F2的代数和B.若F1和F2大小不变，夹角越小，合力F一定越小C.若夹角不变，F1和F2都减小，合力可能增大D.若夹角不变，F1大小不变，F2增大，则合力F一定增大5、如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，固定在水平面上，其上方有一个光滑曲面轨道AB，轨道底端水平并与半球顶端相切，质量为m的小球由A点静止滑下，最后落在水平面上的C点，重力加速度为g，则A.小球将沿半球表面做圆周运动B.小球将从B点离开做平抛运动C.若小球从B以的速度向前运

4、动，OC之间的距离为2RD.若小球从B以的速度向前运动，落地时的速率为6、如图甲，一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图象如图乙所示若重力加速度g=10m/s2，则A.斜面的长度B.斜面的倾角C.物块的质量D.物块与斜面间的动摩擦因数7、吊环比赛中，某时刻运动员双手和吊绳如图都处于竖直状态，在运动员双手从竖直状态逐渐向左右伸展到水平状态的过程中，以下说法正确的是（）A.每条吊绳的拉力逐渐变大B.每条吊绳的拉力保持不变C.两条吊绳对人的合力逐渐变大D.两条吊绳对人的合力不变8、如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆

5、球B，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则（）A.物体A与球B之间的作用力减小B.球B对墙的压力增大C.物体A对地面的压力减小D.地面对物体A的摩擦力减小9、一质点在外力作用下做直线运动，其速度随时间 变化的图象如图在图中标出的时刻中，质点所受合外力的方向与速度方向相同的有A.B.C.D.10、如图所示，P、Q是高度不同的两点，P点比Q点高，从P、Q两点同时相向水平抛出两个小球，其运动轨迹相交于A点，则以下说法正确的是A.P、Q两球在A点相遇B.Q小球先落地C.从抛出到落地的整个过程中，P小球的速度变化量比Q的速度变化量大D.整个过程中两球的速度变化量有可能相等二

6、、实验题11、（4分）在“探究弹簧弹力与伸长量的关系”实验中，实验装置如图甲所示，将弹簧的左端固定在桌面的“0”刻度处，弹簧的右端带有指针，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒定的拉力，实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测量相应的弹簧的总长度：(1)某同学通过以上实验测量后把6组实验数据描点在坐标系图乙中，请作出FL图线；（ ）(2)由此图线可得出弹簧的原长L0_cm，劲度系数k_N/m；(3)该实验把弹簧水平放置与弹簧竖直悬挂放置相比较，优点在于：_。12、（10分）小明同学在做“验证平行四边形定则”实验时，在白纸上记录了以下信息，如图所示，点

7、橡皮筋拉伸后的结点位置，两弹簧测力计共同作用时，拉力和的方向分别过和点；用一个弹簧测力计拉橡皮筋时，拉力的方向过点三个力的大小分别为、和（1）以线段长度为作为标度，在答题卡中相应位置作图_，并求出和的合力_（结果保留三位有效数字）（2）有关该实验以下操作不当的是_A.同一次实验中，点位置允许变动B.实验中，要记录弹簧测力计的读数及方向C.在使用弹簧秤前，应先校零，使用过程应使弹簧秤与木板平面平行三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）B、C两个小球重量均为G，用细线悬挂在竖直墙上的A、D两点细

8、线与竖直墙壁之间的夹角分别为30o和60o （见图中标注），两个小球处于静止状态求：（1）AB和CD两根细线的拉力FAB和FCD 分别为多大？（2）细线BC与竖直方向的夹角是多少？14、（14分）如图所示传送带的速度为v=2m/s，方向水平向右，物块刚放到传送带上的时候，具有水平向左，大小为的初速度，物块与传送带间的动摩擦因数为0.2，传送带的水平长度为30m，取g10 m/s2，求物块在传送带上运动的时间。15、（13分）质量为m=0.8kg的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态PA与竖直方向的夹角37，PB沿水平方向质量为M=3kg的木块与PB相连，静止于水平桌面上，如图所示（取

9、g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）轻绳PA拉力的大小；（2）木块受到水平桌面摩擦力的大小及方向参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】AC物体上滑过程中，应用牛顿第二定律：物体下滑过程中，应用牛顿第二定律：根据上述方程可知：，根据速度与位移的关系：物体上滑和下滑的位移大小相同，上滑过程的逆过程是初度为零的匀加速直线运动，所以速度关系：，故A错误，C正确；B和的大小关系未知，故B错误；D根据位移与时间

10、的关系：可知两次物体的位移大小相同，时间关系：，故D错误。故选C2、D【解析】人从下蹲状态站起来过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，根据加速度方向，来判断人处于超重还是失重状态同样可分析下蹲过程的运动情况【详解】下蹲过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，所以先处于失重状态后处于超重状态；人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，人先处于超重状态后处于失重状态，故ABC错误，D正确，故选D【点睛】对于超重还是失重的判断，关键取决于加速度的方向：当物体的加速度向上时，处于超重状态；当加速度方向向下时，处于失重状态3、A【解析

11、】国际单位由基本单位和导出单位两部分组成，基本量的单位称为基本单位，国际单位制中力学的三个基本单位分别是kg、m、s，分别对应的物理量为质量、长度、时间，故选项A正确，BCD错误4、C【解析】AF1和F2的矢量和等于F，不是代数和，故A错误；B由平行四边形定则可知，若F1和F2大小不变，角越小，合力F越大，故B错误；C如果F1和F2两个力反向且F1比F2减小得多，则合力增大，故C正确；D若夹角不变，F1大小不变，F2增大，若F2与F1反向且F1F2，则合力F减小，故D错误。故选C。5、C【解析】若小球从某高处滑下，到达B点时对轨道的压力为零，可求解释放点的位置，从而判断选项AB；若小球从B以的

12、速度向前运动，根据平抛运动的规律求解水平射程以及落地的速度.【详解】若小球从距离B点h高处滑下，到达B点时对轨道的压力为零，则根据动能定理得，mghmv2，根据牛顿第二定律得，mg-N=m，当N=0时，解得h=，则当小球从距离B点处滑下时，到达B点后做平抛运动，若小球从距离B小于处滑下时，到达B点后在圆上做一段圆周运动后离开球面，故AB错误若小球从B以的速度向前运动，则小球从B点离开球面做平抛运动，则OC之间的距离为，选项C正确；若小球从B以的速度向前运动，落地时的速率为 ，选项D错误；故选C.【点睛】本题考查了圆周运动和平抛运动的综合运用，知道圆周运动向心力的来源以及平抛运动在水平方向和竖直

13、方向上的运动规律是解决本题的关键6、BD【解析】由图乙所示图象可求出物体的加速度，应用牛顿第二定律求出斜面的倾角与动摩擦因数，然后根据物体运动过程分析答题【详解】由图乙所示图象可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速度；图象与时间轴围成面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移，但是不能求出斜面的长度，故A错误；由图乙所示图象可知，加速度大小：，由牛顿第二定律得：上升过程：mgsin+mgcos=ma1，下降过程：mgsin-mgcos=ma2，解得：=30，=，故BD正确根据图示图象可以求出加速度，由牛顿第二定律可以求出动摩擦因数与斜面倾角，但是无法求出物块的质量，故C错误故选BD【点睛

14、】本题考查牛顿第二定律及图象的应用，要注意图象中的斜率表示加速度，面积表示位移；同时注意正确的受力分析，根据牛顿第二定律明确力和运动的关系7、AD【解析】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小【详解】对运动员受力分析，受到重力、两个拉力，如图：由于两个拉力的合力F不变，且夹角变大，故两个拉力FT不断变大，故AD正确，BC错误故选AD【点睛】本题关键作图后，根据三力平衡条件，运用合成法分析讨论，注意由物理情景，作出物理模型，并能正确使用物理规律，是解题的三步曲8、AD【解析】AB画出球B的受力图，球B受竖直向下

15、的重力、A对B的支持力F1、竖直墙对B的支持力F2，如图根据平行四边形定则可知，当A向右移动少许后，A对B的支持力F1及墙对B的支持力F2均减小；即A与球B之间的作用力减小，球B对墙的压力减小，故A正确，B错误；CD对AB的整体而言，地面对A的摩擦力大小等于墙对B的支持力，所以地面对A的摩擦力减小；地面对A的支持力等于AB两球的重力之和不改变，所以A对地面的压力不变。故C错误，D正确。故选AD。9、AC【解析】如果质点所受合力的方向与速度方向相同，物体做加速运动；合力的方向与速度方向相反，物体做减速运动AC、在、时刻，速度都在不断增加，因此合力的方向与速度方向相同，A、C正确；BD、在、时刻，

16、速度在不断减小，合力的方向与速度方向相反，B、D错误10、BC【解析】若在A点相遇，则到A点的运动时间相同，但是根据做平抛运动的时间可知由于两者的下落高度不同，所以到A点的运动时间不同，故不可能在A点相遇，A错误；根据可得由于P球下落的高度最大，所以所用时间最长，最后落地，B正确；在整个运动过程中，两者的加速度恒为g，速度变化量，而P所用时间最长，所以速度变化量最大，C正确D错误；【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解二、实验题11、 . .5 .20 .可以避免弹簧自身重力对实验的影响【解析】(1)1根据坐标点画出直线，个别偏差比较远的

17、点舍弃，如图所示(2)2弹簧处于原长时，弹力为零，故弹簧的原长L0=5cm；3图象的函数表达式为故斜率表示劲度系数(3)4把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，水平放置的优点在于：避免弹簧自身所受重力对实验的影响。12、 . .F=5.005.30N均可 .A【解析】第一空、根据平行四边形定则求F2 与F1的合力，作图如图所示第二空、根据图像可知：F2 与F1的合力为5.20N第三空、A.要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，故A错误；B.实验中，要记录弹簧测力计的读数及方向，才能确定力的大小和方向，故B正确C.为了减小误差，在使用弹

18、簧秤前，应先校零，使用过程应使弹簧秤与木板平面平行，故D正确；本题选操作不当的，故选A三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1），；（2）【解析】（1）对两个小球构成的整体受力分析：在x、y轴方向正交分解，根据平衡条件可知联立可得：（2）对C球受力分析在x、y轴方向正交分解，根据平衡条件：联立解得：14、5s【解析】（1）物块向左运动的时候，根据牛顿第二运动定律有：所以运动的时间（2）物块反向加速到共速时加速度大小仍未a，有物块滑动的位移（3）达到共同速度后物块与传送带一起匀速运动，有所以物块在传送带上运动的时间15、（1）30 N（2）264 N【解析】（1）对砝码m和结点P受力分析，由共点力的平衡条件即可得出PB