2023届浙江省七彩阳光物理高一第一学期期末学业水平测试试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、列各理量中，全部是矢量的有（）A.速度、平均速率、加速度、位移B.位移、速度、平均速度、

2、加速度C.位移、速度、加速度、质量D.速度、加速度、位移、时间2、如图所示，滑轮固定在天花板上，物块A、B用跨过滑轮不可伸长的轻细绳相连接，物块B静止在水平地面上。如用f和FN分别表示水平地面对物块B的摩擦力和支持力，那么若将物块B向右移动一小段距离，物块B仍静止在水平地面上，则f和FN的大小变化情况是（）A.f、FN都增大B.f、FN都减小C.f增大，FN减小D.f减小，FN增大3、如图所示，人的质量为M，物块的质量为m，且Mm，若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，则下列说法中正确的是（）A.人受到的合力变大B.绳子上的张力增大C.地面对人的摩擦力增大D.人对

3、地面的压力减小4、量度物体惯性大小的物理量是A.速度B.加速度C.质量D.合外力5、如图所示，在动摩擦因数为0.2水平面上有一个质量为1kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成45角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零，当剪断轻绳的瞬间，取g10m/s2，则（）A.水平面对小球的弹力仍为零B.小球的加速度为0C.小球的加速度为8m/s2D.小球的加速度为10m/s26、关于加速度概念的理解，下列叙述中正确的是A.加速度就是物体增加的速度B.加速度是用来描述物体速度变化大小的物理量C.加速度是用来描述物体速度变化快慢的物理量D.加速度大的物体速度一定大，

4、加速度小的物体速度一定小7、如图所示，一条细线一端与地板上的物块B相连，另一端绕过轻质光滑滑轮与小球A相连滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的点，细线OO1与竖直方向夹角为=30，OA与OB的夹角为，系统处于静止状态已知小球A重10 N，则A.细线OA的拉力为10 NB.OO1绳上的拉力大小为20 NC.B对地面的摩擦力大小为5ND.细线OA与OB间的夹角=608、如图所示，一质量为M的圆环套在一根粗糙的水平横杆上，圆环通过轻绳和质量为m的物块相连，物块在水平向右的风力作用下偏离竖直方向一定的角度（如图中虚线位置所示）。现风力发生变化使物块偏离到图中实线位置（缓缓移动），但圆环仍然不动，在这一过程

5、中，水平风力大小F风、绳子上的张力大小FT、横杆对圆环的摩擦力大小f、横杆对圆环的支持力大小FN变化情况正确的是（）A.F风逐渐变大，FT逐渐变大B.F风逐渐变大，FT逐渐变小C.f逐漸变大，FN保持不变D.f保持不变，FN逐渐变小9、如图所示,在足够高的空间内,小球位于空心管的正上方处,空心管长为,小球的球心与管的轴线重合,并在竖直线上,小球直径小于管的内径,不计空气阻力,则下列判断正确的是( )A.两者均无初速度同时释放,小球在空中不能穿过管B.两者同时释放,小球具有竖直向下的初速度、管无初速度,则小球一定能穿过管,且穿过管的时间与当地重力加速度无关C.两者同时释放,小球具有竖直向下的初速

6、度,管无初速度,则小球一定能穿过管,但穿过管的时间与当地重力加速度有关D.两者均无初速度释放,但小球提前了时间释放,则小球一定能穿过管,但穿过管的时间与当地重力加速度有关10、如图所示，两根轻绳OA、OB悬挂一重物，使其处于静止状态，A点不动，保持不变，将B点缓慢向上移，则（）A.OA绳的拉力逐渐增大B.OA绳的拉力逐渐减小C.OB绳的拉力先增大后减小D.OB绳的拉力先减小后增大11、如图所示，质量相等的A、B两物体紧贴在匀速转动的圆筒的竖直内壁上，随圆筒一起做匀速圆周运动，则下列关系正确的有（）A.运动周期TATBB.筒壁对它们的弹力FNAFNBC.线速度vAvBD.它们受到的摩擦力fAfB

7、12、一物体做竖直上抛运动(不计空气阻力)，初速度为30m/s，当物体的位移为25m时，经历的时间为(g取10 m/s2)()A.1 sB.2 sC.5 sD.3 s二填空题(每小题6分，共18分)13、如图1所示为“探究滑块加速度与力、质量的关系”实验装置图滑块置于一端带有定滑轮的长木板上，左端连接纸带，纸带穿过电火花打点计时器滑块的质量为m1，托盘（及砝码）的质量为m2。（1）下列说法正确的是_A为平衡滑块与木板之间的摩擦力，应将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂托盘（及砝码）的情况下使滑块恰好做匀速运动B每次改变滑块质量时，应重新平衡摩擦力C本实验m2应远大于m1D在用图象探究加速度与质

8、量关系时，应作a图象（2）实验中，得到一条打点的纸带，如图2所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间距x1、x2、x3、x4已量出，则计算滑块加速度的表达式为a=_；（3）某同学在平衡摩擦力后，保持滑块质量不变的情况下，通过多次改变砝码重力，作出滑块加速度a与砝码重力F（未包括托盘）的图象如图3所示，若牛顿第二定律成立，重力加速度g=10m/s2，则滑块的质量为_kg，托盘的质量为_kg。（结果保留两位有效数字）（4）如果砝码的重力越来越大，滑块的加速度不能无限制地增加，会趋近于某一极限值，此极限值为_。14、利用图 1 所示装置研究自由落体运动(1)在实验过程中，应先_（填“接通电源”或“

9、释放纸带”）(2)按照正确的实验步骤，获取纸带，选用较清晰的连续的几个点迹，如图 2 所示，用刻度尺测得AC、CE间距分别为、，已知打点计时器打点的频率为f，则重物运动过程的加速度大小为_学习小组发现这个加速度数值与查得的当地重力加速度g相差较大，于是在测量了重物质量为m后，计算出重物运动过程中所受阻力F_.15、某小组做“验证力的平行四边形定则”的实验时得出如图所示的图（F与 A、O共线），其中A为固定橡皮条的固定点，O为橡皮条与细绳的结合点。（1）实验中需要的器材有：方木板、白纸、橡皮条、细绳套（两个）、三角板、图钉若干、刻度尺等，还必须要有的器材是_（2）在实验过程中，橡皮条的一端固定在

10、木板上，用两个弹簧测力计把橡皮条 的结点拉到某一位置 O点，在同一实验过程中，前后两次应把橡皮条的结点拉到 _位置（填“相同”或“不同”）（3）图中_是 F1与 F2 合力的真实值（填“F”或“”）（4）实验过程中，若共点力F1与 F2的夹角小于 90，现改变弹簧测力计 F2的 拉力方向，使角减小，但不改变 F2的大小，那么要使保持 O点位置不动，就应调节弹簧测力计 F1的拉力大小及角。在下列调整方法中，不可行的是_。A.增大F1的拉力，增大角 B.增大F1的拉力，角不变 C.增大 F1的拉力，减小角 D.F1的拉力大小不变，增大角。三计算题(22分)16、（12分）如图所示，质量足够大、截面

11、是直角梯形的物块静置在光滑水平地面上，其两个侧面恰好与两个固定在地面上的压力传感器X、Y相接触图中AB高H=0.3m，AD长L=0.5m斜面倾角可视为质点的小物块P（图中未画出）质量m=1kg，它与斜面的动摩擦因数可以通过更换斜面表面的材料进行调节，调节范围是01，g=10m/s2（1）令=0，将P由D点静止释放，求P在斜面上的运动时间（2）令=0.5，在A点给P一个沿斜面上的初速度v0=2m/s，求P落地时的动能（3）将压力传感器X、Y接到同一个数据处理器上，已知当X和Y受到物块压力时，分别显示正值和负值对于不同的，每次都在D点给P一个方向沿斜面向下、大小足够大的初速度，以保证它能滑离斜面求

12、滑行过程中处理器显示的压力F随变化的函数关系式，并在坐标系中画出其函数图像17、（10分）如图所示， O 为一定滑轮，物块A 与B 之间用跨过定滑轮的细绳相连且均保持静止，连接B 物体的轻绳与竖直方向成60角已知A 的重力为100N，B 的重力为200N，不计绳和滑轮的质量以及摩擦求（1）连接A、B 细绳弹力的大小；（2）地面对B 的摩擦力的大小参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解析】A速度、加速度、位移是矢量，平均速率是标量，A

13、错误；B位移、速度、平均速度、加速度都是矢量，B正确；C位移、速度、加速度是矢量，质量是标量，C错误；D速度、加速度、位移是矢量，时间是标量，D错误。故选B。2、A【解析】本题考查力的平衡分析。【详解】由于物体A始终静止，绳上拉力等与物体A的重力，始终不变，但B往右移动一小段距离，拉B的绳和水平地面的夹角变小，拉力的水平分力变大，竖直分力变小，物体B静止，水平拉力等于摩擦力，所以摩擦力f变大，竖直方向支持力加竖直分力等于重力，所以支持力FN变大，故A正确，BCD错误。故选A。3、C【解析】A、人处于平衡状态，合力零保持不变，故A错误；B、以物体为研究对象，根据平衡条件可知绳子拉力等于不变，故B

14、错误；C、物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg，对人受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：，当人拉着绳向右跨出一步后，将变小，所以：会增大，也将增大，根据牛顿第三定律得知，人对地面的压力增大，故C正确，D错误4、C【解析】质量是惯性大小的唯一量度.【详解】质量是惯性大小唯一量度，则量度物体惯性大小的物理量是质量，故选C.5、C【解析】A.在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：Fmgtan4510110N，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为10N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用，水平面对小球的弹力不为零，故A

15、错误；BCD.小球所受的最大静摩擦力为：fmg0.210N2N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：合力方向向左，故C正确，BD错误6、C【解析】加速度是物体速度变化和所用时间的比值，加速度反应物体速度变化快慢的物理量【详解】加速度是物体单位时间内速度的变化量，选项A错误；加速度是用来描述物体速度变化快慢的物理量，选项B错误，C正确；加速度大的物体速度不一定大，加速度小的物体速度不一定小，选项D错误；故选C.7、AD【解析】先对小球A受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力；再对滑轮受力分析，结合平衡条件进行分析即可【详解】A、对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有T=mg=10N；故A正

16、确.B、D、对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：由平衡条件可知，而；故B错误，D正确.C、对滑块受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，竖直方向有：N+Tcos=mg，水平方向有：Tsin=f，解得；故C错误.故选AD.【点睛】本题关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析8、AC【解析】以重物为研究对象，分析受力情况：重力、水平风力和绳子的拉力，如图1所示由平衡条件得，当增加时，逐渐增加，增加；再以两物体整体为研究对象，分析重力、水平风力，杆的摩擦

17、力和支持力，如图2所示则有则保持不变。则逐渐增加；故AC正确，BD错误。故选AC。9、ABD【解析】两者释放后都做自由落体运动，在相等时间内运动的位移为 ，分别求出两个物体的位移，找到他们自己的关系即可【详解】若两者无初速度同时释放，则在相同时间内下降的高度相同，可知小球在空中不能穿过管，故A正确；两者同时释放，小球具有向下的初速度，管无初速度，根据xv0t+gt2gt2L+h知，经过t=，小球穿过管，且 穿过管的时间与当地重力加速度无关，故B正确，C错误；两者均无初速度释放，但小球提前了t时间释放，根据xg(t+t)2gt2gt2+gtt=h+L可知小球能穿过管，穿过管的时间与当地的重力加速

18、度有关，故D正确；故选ABD10、BD【解析】以结点O研究对象，分析受力：重力mg、绳子AO的拉力TAO和BO拉力TBO根据平衡条件得知，两个拉力的合力与重力大小相等、方向相反，在B点上移过程中，此合力保持不变，作出BO在三个不同位置两个拉力的合成图如图，由图看出，OA的拉力逐渐减小，OB的拉力先减小后增大。AOA绳的拉力逐渐增大，与结论不相符，选项A错误；BOA绳的拉力逐渐减小，与结论相符，选项B正确；COB绳的拉力先增大后减小，与结论不相符，选项C错误；DOB绳的拉力先减小后增大，与结论相符，选项D正确；故选BD11、BC【解析】由题分析可知，A、B两物体的角速度相同，周期相同，由vr可知

19、，线速度与半径成正比；两个物体都做匀速圆周运动，由圆筒的弹力提供向心力，则FNm2r可知筒壁对它们的弹力关系；两个物体竖直方向都没有加速度，受力平衡，所受的摩擦力都等于重力【详解】A、由题分析可知，A、B两物体的角速度相同，周期相同，由vr可知，相同时，线速度与半径成正比，A的半径大，则其线速度大，故A错误，C正确B、两个物体都做匀速圆周运动，由圆筒的弹力提供向心力，则FNm2r，因为m、相等，F与r成正比，所以可知FNAFNB，故B正确D、两个物体竖直方向都没有加速度，受力平衡，所受摩擦力都等于重力，而两个物体的重力相等，所以可得摩擦力fA=fB，故D错误故选BC12、AC【解析】取竖直向上

20、为正方向，竖直上抛运动可看作匀减速直线运动；当物体的末位置在抛出点上方时，位移为由得解得或当物体的末位置在抛出点下方时，位移为由得解得故选AC。二填空题(每小题6分，共18分)13、 .AD . .2.8 .0.056 .g【解析】（1）1A为平衡滑块与木板之间的摩擦力，应将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂托盘（及砝码）的情况下使滑块恰好做匀速运动，故A正确；B平衡摩擦力只需要做一次，故B错误；C只有满足m2应远小于m1的条件，才能认为托盘和砝码的重力等于小车的拉力，故C错误；D用图象探究加速度与质量关系时，应作a-图象，故D正确。故选AD。（2）2根据x=aT2，由逐差法得：a=；（3）3

21、对a-F图来说，图象的斜率表示物体质量的倒数，故滑块质量为：m12.8kgF=0时，产生的加速度是由于托盘作用产生的，故有：mg=m1a0，解得：m=0.056kg（对图中的数据读取不一样，可有一定范围）。（4）4小车的加速度最大等于自由落体的加速度，故极限值为g。【点睛】本题考查的比较综合，要注意明确测量加速度的实验方法，要求对这一实验掌握的非常熟，理解的比较深刻才不会出错要注意车在托盘和砝码带动下最大的加速度不会超过托盘和砝码下落的加速度，而此下落加速度的极值就是重力加速度14、 .接通电源 . .【解析】(1)打点计时器的使用通常是先通电后运动.(2)运用匀变速直线运动的判别式求加速度，用牛顿第二定律求阻力.【详解】(1)小球自由落体运动较快，若先释放小球再通电，纸带上能留下的点迹很少不便于处理数据减小误差，而且打点计时器通电瞬间打点不稳定，不能用来打点记录，故实验过程中应先接通电源后释放纸带.(2)设重物运动过程的加速度大小为a，由匀变速直线运动规律得：解得：.又由牛顿第二定律得：，解得：.【点睛】通过实验原理清楚实验中