2023届徐州市高一物理第一学期期末联考模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、关于运动速度，下列说法中指平均速度的是（）A.运动员以10m/s的速度冲过终点线B.子弹以900m/s的速度从枪口射出C.凉都14路公交车从六盘水市

2、第七中学站到火车站的速度为30m/sD.物体第8s末的速度为10m/s2、如图，质量为m的小球，套在半径为R的光滑半圆轨道上，轻弹簧的一端固定在轨道的最高点，另一端固定在小球上，当小球静止时，弹簧与竖直方向的夹角=，已知弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.弹簧弹力为B.弹簧伸长量为C.弹簧的弹力为D.弹簧的伸长量为3、物体M放在光滑水平桌面上，桌面一端附有轻质光滑定滑轮，若用一根跨过滑轮的轻绳系住M，另一端挂一质量为m的物体，M的加速度为a1，若另一端改为施加一竖直向下Fmg的恒力，M的加速度为a2，则()A.a1a2B.a1a2C.a1 = a2D.无法确定4、如图

3、所示，在固定斜面上的一物块受到一外力的作用，平行于斜面向上。若要物块在斜面上保持静止，的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分分别为和，（，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）由此可求出( )A.斜面的倾角B.斜面对物块的合力C.斜面对物块支持力D.斜面与物块间的最大静摩擦力5、如图所示，一圆柱形容器高、底部直径均为，球到容器左侧的水平距离也是，一可视为质点的小球离地高为，现将小球水平抛出，要使小球直接落在容器底部，重力加速度为，小球抛出的初速度v的大小范围为（空气阻力不计）A.B.C.D.6、一个小球从A点由静止开始做匀加速直线运动，到达B点时的速度是v，到达C点时的速度是2v，则AB:BC等于

4、（）A.1:2B.1:1C.1:4D.1:37、如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到点并系住物体，现将弹簧压缩到点，然后释放，物体一直可以运动到点，如果物体受到的摩擦力大小恒定，则A.物体从到先加速后减速B物体从到加速，从到减速C.物体在间某点时所受合力为零D.物体运动到点时所受合力为零8、如图所示，轻弹簧两端栓接两个小球a、b在水平恒力F的作用下栓接小球的细线固定在竖直墙壁上，两球静止，两细线与竖直墙壁的夹角=60，弹簧竖直，已知两小球的质量都为2kg，重力加速度，下列说法正确的是( )A.水平外力F的大小为B.弹簧的拉力大小为40NC.剪断上端细线瞬间a球加速度D.剪断上端细线瞬间b球加

5、速度仍为09、有一质量为m的人，乘电梯从一楼上到十一楼，在以加速度匀加速上升的过程里，下列说法正确的是（ ）A.人的重力为B.人的重力仍为mgC.人对电梯的压力D.人对电梯的压力10、如图所示，在光滑水平面上，轻质弹簧的右端固定在竖直墙壁上。一物块在水平恒力F 作用下做直线运动，接触弹簧后，压缩弹簧，直至速度为零。整个过程中，弹簧一直在弹性限度内。在物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是()A.物块接触弹簧后立即做减速运动B.物块接触弹簧后先加速再减速C.物块接触弹簧后物块的加速度先减小再增大D.当物块的速度最大时，它所受的合力为零11、2019年9月19日14时42分，我国在九泉

6、卫星发射中心将我国自行研制的“珠海一号”03组卫星成功地送上太空，卫星绕地球飞行一圈时间为90分钟则A.“14时42分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”B.卫星绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0C.卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D.地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点12、下列所说的运动情况能够出现的是（）A.加速度越来越大，速度却越来越小B.速度增加得越来越快，加速度保持不变C.速度变化越来越慢，加速度越来越小D.速度和加速度都保持不变，且不为零二填空题(每小题6分，共18分)13、在“探究求合力的方法”实验中，选用量

7、程为5N的弹簧测力计做该实验下图中F1= F2=3.00 N，甲同学的F1与F2方向的夹角约为，乙同学的F1与F2方向的夹角约为，丙同学的F1与F2方向的夹角约为，其中操作不合适的是_（选填“甲”“乙”或“丙”）同学，原因是_14、某实验小组用如图（a）所示的实验装置研究加速度与力的关系实验中用砝码筒及所挂砝码的重力作为细绳对小车的拉力F，通过增加砝码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象他们在长木板水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图（b）所示(1)图线是在长木板_（选填“水平”或“倾斜”）情况下得到的；图线是在长木板_（选填“水平”或“倾斜”

8、）情况下得到的(2)在长木板水平时，小车运动受到的摩擦力Ff_N；(3)由图线可得小车的质量M_kg；(4)图（b）中，拉力F较大时，aF图线明显弯曲，产生误差造成此误差的原因是_15、某实验小组利用弹簧秤和刻度尺，测量滑块在木板上运动最大速度，实验步骤：用弹簧秤测量橡皮泥和滑块的总重力，记作；将装有橡皮泥的滑块放在水平木板上，通过水平细绳和固定弹簧秤相连，如图甲所示，在端向右拉动木板，待弹簧秤示数稳定后，将读数记作；改变滑块上橡皮泥的质量，重复步骤； 实验数据如下表所示：如图乙所示，将木板固定在水平桌面上，滑块置于木板上左端处，细绳跨过定滑轮分别与滑块和重物连接，保持滑块静止，测量重物离地面

9、的高度h；滑块由静止释放后开始运动并最终停在木板上的点（未与滑轮碰撞），测量间的距离s；完成下列作图和填空：（1）根据表中数据在给定坐标纸上作出图线_；（2）由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数=_（保留2位有效数字）；（3）滑块最大速度的大小v=_（用h、s、和重力加速度g表示）。三计算题(22分)16、（12分）如图，一根足够长的水平杆固定不动，一个质量m = 2kg的圆环套在杆上，圆环的直径略大于杆的截面直径，圆环与杆的动摩擦因数=0.75对圆环施加一个与水平方向成 = 53角斜向上、大小为F=25N的拉力，使圆环由静止开始做匀加速直线运动（sin53=0.8，cos53=0.6，g=10

10、m/s2）求：圆环对杆的弹力；圆环加速度的大小；若2s后撤去拉力F，圆环还能滑行的距离17、（10分）如图所示，两块平行金属板竖直放置，两板间的电势差U=1.5103V（仅在两板间有电场）先将一质量m=110-2kg、电荷量q=410-5C的带电小球从两板的左上方距两板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=2m/s水平抛出，小球恰好从左板的上边缘进入电场，在两板间沿直线运动，从右板的下边缘飞出电场，求：（1）小球刚进入极板上边缘时的速度；（2）金属板的长度L。参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确

11、.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】本题考查瞬时速度和平均速度的理解。【详解】A运动员冲过终点是一个时刻，对应瞬时速度，A错误；B子弹从枪口射出对应的是一个位置，一个时刻，是瞬时速度，B错误；C从六盘水市第七中学站到火车站对应的是一段时间和一段位移，是平均速度，C正确；D第8s末是一个时刻，对应瞬时速度，D错误。故选C。2、D【解析】对小球受力分析如图，由几何关系可得由三角函数关系有由胡克定律可知，弹簧的伸长量故ABC错误，D正确。故选D。3、B【解析】在绳的B端挂一质量为m的物体时，对整体分析，运用牛顿第二定律求出加速度的大小，当在B端施以F=mg的竖直

12、向下的拉力作用时，对A分析，运用牛顿第二定律求出加速度的大小，然后比较【详解】当在绳的B端挂一质量为m的物体时，对整体分析，有：mg=（M+m）a1，则；当在B端施以F=mg的竖直向下的拉力作用时，对A分析，有：mg=Ma2，则a1a2，故选B【点睛】本题主要考查牛顿第二定律的运用，以及整体法和隔离法的运用，关键是掌握解题的方法4、D【解析】A.对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：联立解得：由于质量未知则倾角未知，故A错误，D正确；B.滑块受

13、重力、拉力、支持力、静摩擦力作用，则斜面对物块的合力即为支持力和静摩擦力的合力，根据平衡条件可知，二者的合力的大小等于重力和拉力合力的大小，由于重力和拉力的合力不是定值，则斜面对物块的合力也不是定值，其大小和方向均会发生变化，无法求出，故B错误；C.根据平衡条件可以得到斜面对物块的支持力为：，由于质量和倾角均未知则无法求出支持力的大小，故C错误；故选D。5、A【解析】要使小球直接落入容器底部，则最小速度对应小球紧贴着容器最左边上端落入容器的速度由平抛运动规律：，联立两式得最大速度为对应小球紧贴着容器右边上端落入容器的速度，由平抛运动规律：，联立两式得故选A【点睛】本题是平抛运动中的临界问题，解

14、决此类题的关键是找到临界条件，然后临界条件当成已知条件去用列式求解即可本题速度最小值的临界条件为小球紧贴着容器最左边上端落入容器的速度，最大值的临界条件为小球紧贴着容器右边上端落入容器的速度然后根据两个临界条件利用平抛运动规律列式求解6、D【解析】设小球的加速度大小为a，则根据匀变速直线运动速度与位移关系可得所以故选D。7、AC【解析】A、物体从A到O的过程中，开始弹力大于摩擦力，加速度方向向右，向右做加速运动，然后弹力小于摩擦力，加速度方向向左，做减速运动，所以A到O的过程先加速后减速故A正确B、物体从A到O先加速后减速，从O到B的过程中，弹簧后摩擦力均向左，做减速运动故B错误C、在AO间，

15、当弹力与摩擦力相等时，合力为零故C正确，D错误故选AC【点睛】本题关键分阶段结合运动情况对物体受力分析，求出合力后确定加速度的变化情况，从而最终确定物体的运动情况8、AD【解析】 对b球受力分析，受到竖直向下的重力，弹簧的拉力，若受绳子的拉力，则在水平方向上合力不可能为零，故绳子对b的拉力为零，所以，剪断上端细线瞬间，弹簧的弹力来不及改变，合力仍旧为零，故b的加速度仍为零，B错误D正确；对a球受力分析，受弹簧的弹力，重力，水平拉力和绳子的拉力作用，处于平衡状态，故有，解得，A正确；，若剪断上端细线瞬间a的合力为80N，则加速度为，C错误；考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力

16、平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，9、BD【解析】AB.人在匀加速上升过程中，人处于超重状态，但人的重力不变，所以人的重力仍为mg，故A错误，B正确；CD.设电梯对人的支持力为T，由牛顿第二定律得：则：根据牛顿第三定律，人对电梯的压力为：故C错误，D正确。故选：BD10、BCD【解析】当木块接触弹簧后，水平方向受到向右的恒力F和弹簧水平向左的弹力，弹簧的弹力先小于恒力F，后大于恒力F，木块所受的合力方向先向右后向左，则木块先做加

17、速运动，后做减速运动，合力大小先减小后增大，所以加速度先减小后增大，当弹力大小等于恒力F时即合力为零，木块的速度为最大值。故选BCD。11、AC【解析】A.“14点42分”对应一个点，是时刻，“90分钟”对应一个线段，表示“时间”，故A正确；B.卫星绕地球飞行一圈，位移是0，路程是周长，故B错误；C.平均速度等于总位移除以总时间，属于卫星绕地球飞行一圈平均速度为0；不同位置的瞬时速度的不同，它在每一时刻的瞬时速度都不为0，故C正确；D.地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不能看成质点，否则没有姿态可言，故D错误12、AC【解析】根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，即

18、物体的速度变化越快，物体的加速度越大；加速度与速度没有直接的联系，加速度是描述速度变化的快慢，加速度的方向与速度同向时，速度增加，若反向时，则速度减小。故选AC。【名师点睛】把握加速度的定义式中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大加速度反映了速度变化的快慢二填空题(每小题6分，共18分)13、 .甲同学 .两个力的合力超过了弹簧测力计的量程5N，再用一个弹簧测力计拉橡皮筋时拉不到O点【解析】1甲

19、同学的F1与F2方向的夹角约为，所以合力为乙同学F1与F2方向的夹角约为，所以合力为丙同学的F1与F2方向的夹角约为，合力为所以其中操作不合适的是甲同学，因为这两个力的合力超过了弹簧测力计刻度的最大值5N，第二次用一个弹簧测力计拉时结点拉不到O点。14、 .水平 .倾斜 .1 .1.0 .当砝码筒和砝码的质量之和不能远小于小车质量时，砝码筒和砝码的重力之和与细线的拉力相差越来越大【解析】(1)据图象、图象与坐标轴交点的物理意义判断轨道是水平还是倾斜(2)(3)轨道水平时，轨道有阻力Ff，根据牛顿第二定律列式，整理后得；由图象的横截距，求出小车受到的摩擦力轨道倾斜时，对小车受力分析，根据牛顿第二

20、定律列式，整理后得，由图象的斜率可得小车的质量(4)题中用砝码筒及所挂砝码的重力作为细绳对小车的拉力F，当钩码的质量达到一定程度后，砝码筒及所挂砝码的质量与小车的质量相当了，已经不再满足mM，这时细绳对小车的拉力F小于砝码筒及所挂砝码的重力；把砝码筒及所挂钩码的重力作为拉力就偏差很大，图象向下弯曲了【详解】(1)图象与横轴有正交点，其意义是当合力（即砝码筒和砝码的总重力）为某一值时，小车加速度仍为零，也就是小车未拉动，是未平衡摩擦力造成的，轨道水平图象是拉力为零时，小车已经有一个加速度，说明倾斜过度(2)(3)轨道水平时，轨道有阻力Ff，根据牛顿第二定律列式，整理后得；由图象的横截距得：当加速

21、度为零时，有轨道倾斜时，对小车受力分析，根据牛顿第二定律列式，整理后得；由图象的斜率可得：，所以小车的质量(4)题中用砝码筒及所挂砝码的重力作为细绳对小车的拉力F，当钩码的质量达到一定程度后，砝码筒及所挂砝码的质量与小车的质量相当了，已经不再满足mM，这时细绳对小车的拉力F小于砝码筒及所挂砝码的重力；把砝码筒及所挂钩码的重力作为拉力就偏差很大，图象向下弯曲了15、 . .0.40（0.38、0.39、0.41、0.42均正确） .【解析】（1）1在坐标纸上，描出各点，然后用直线将各点连接起来，得到图象如图：（2）2弹簧称的示数就是物体受到的摩擦力，根据，可知图象的斜率就是动摩擦因数，找特殊点代入可得；（3）3P落地后，滑块又前进了的距离才停止运动，在这段时间内，滑块做减速运动，根据而滑块的加速度，代入数据整理得，最大速度三计算题(22分)16、圆环对杆的弹力为0