2023届天津市武清区杨村第三中学物理高一上期末达标检测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分

2、）1、甲、乙两车在平直的公路上同时同地沿同一方向做直线运动，它们的vt图象如图所示，下列说法正确的是A.在t=10s时两车相遇B.在t=10s时两车相距最近C.在t=20s时两车相遇D.在t=20s时，乙车在甲车前面2、在研究下列问题中，能够把研究对象看作质点的是（）A.研究地球的自转B.研究地球绕太阳的公转C.研究一列火车通过某一大桥所用的时间D.研究乒乓球的旋转3、雨滴从空中由静止开始沿竖直方向落下，若雨滴下落过程中所受重力保持不变，假设空气对雨滴阻力随其下落速度增大而增大，则图所示的图像中可能正确反映雨滴整个下落过程运动情况的是（）A.B.C.D.4、如图所示，水平桌面上放置的木块，在水

3、平方向共受到F1、F2和摩擦力三个力的作用，木块处于静止状态，其中F1=10N，F2=2N。若撤去力F1，则（）A.木块在水平方向受到的合力为6N，向右B.木块在水平方向受到的合力为10N，向左C.木块在水平方向受到的合力为零D.木块将会在水平方向向左移动5、如图所示，A、B两木块间连一轻质弹簧，A的质量为m、B的质量也为m，一起静止地放在一块木板上.若将此木板突然抽去，在此瞬间，A、B两木块的加速度分别是A.aA0，aBgB.aAg，aBgC.aA0，aB2gD.aAg，aB2g6、如图所示，质量为m的物体放在水平地面上，受到力F的作用后仍静止，则（）A.物体所受摩擦力大于F，所以物体没被拉

4、动B.物体对地面的压力大小等于mgC.地面对物体的支持力等于FsinD.物体受的合力为零7、如图所示，物体M在皮带输送机上向右运动，两者保持相对静止，则下列关于M所受摩擦力的说法中，正确的是（）A.皮带传送的速度越大，M受到的摩擦力越大B.皮带运动的加速度越大，M受到的摩擦力越大C.皮带速度恒定，M质量越大，所受摩擦力越大D.M可能不受摩擦力8、三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列说

5、法正确的是（ ）A.物块A先到达传送带底端B.物块A、B同时到达传送带底端C.物块A、B到达传送带底端时速度大小相等D.物块A、B在传送带上的划痕长度之比为1:39、在某一高度以的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10 m/s时，以下判断正确的是（g取10 m/s2）（）A.小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向下B.小球的位移大小一定是15mC.小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向上D.小球在这段时间内的平均速度大小可能为15m/s，方向向上10、为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢

6、慢加速，再匀速运转一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示，那么下列说法中正确的是（ ）A.加速时顾客所受重力与支持力的合力方向是竖直向上B.扶梯对顾客的支持力方向始终是竖直向上C.扶梯对顾客的摩擦力方向始终指向右上方D.扶梯对顾客的作用力的方向先指向右上方，再竖直向上11、如图甲、乙所示，乙图中斜面体固定不动物体P、Q在力F作用下一起沿F方向运动，关于物体P所受的摩擦力，下列说法正确的是A.如果两图中的P、Q都做匀速运动，则两图中P均受摩擦力，方向与F方向相同B.如果两图中的P、Q都做匀速运动，则甲图中P不受摩擦力，乙图中P受摩擦力，方向和F方向相同C.如果两图中的P、Q都做加速运动

7、，则两图中P均受摩擦力，方向与F方向相同D.如果两图中的P、Q都做加速运动，则甲图中P受的摩擦力方向与F方向相反，乙图中P受的摩擦力方向与F方向相同12、如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端O做圆周运动，球心到O点的距离为L当小球运动到最高点时速率为，此时球对杆的作用力A.大小为mgB.大小为mgC.方向竖直向下D.方向竖直向上二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某实验小组做验证牛顿第二定律实验（1）实验小组中的小华用图所示装置做实验图中带滑轮的长木板水平放置于桌面拉力传感器可直接显示所受到的拉力大小。小华做实验时，下列操作必要且正确的是_A将

8、长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动B小车靠近打点计时器先接通电源，再释放小车打出一条纸带同时记录传感器的示数C改变砂和砂桶质量打出几条纸带D用天平测出砂和砂桶的质量E为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量（2）图为上述实验中打下的一条纸带A点为小车刚释放时打下的起始点每两点间还有四个计时点未画出，打点计时器的频率为50Hz，则C点的速度为_m/s，小车的加速度为_m/s2（以上两空均保留一位有效数字）14、（10分）在“探究求合力的方法”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C（用来连接弹簧测力计）其中A

9、为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中与B相连的弹簧测力计的示数为_N（2）在实验中，如果只将OB、OC绳换成橡皮筋，其他步骤保持不变，那么实验结果_（选填“会”或“不会”）发生变化。（3）本实验采用的科学方法是_A理想实验法 B控制变量法 C等效替代法 D建立物理模型法三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图，一质量为1 kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角为30，现小球在F=10N的沿杆向上的拉力作用下，从A点静止出发沿杆向上运动，已知杆与球间的动摩擦因数m为试求：（1）小

10、球运动的加速度a1；（2）若F作用2s后撤去，小球上滑过程中距A点最大距离Sm；（3）若从撤去力F开始计时，小球经多长时间将经过距A点上方为4.64m的B点16、（12分）如图所示，倾角为的固定光滑斜面底部有一垂直斜面的固定挡板C劲度系数为k1的轻弹簧两端分别与挡板C和质量为m的物体B连接，劲度系数为k2的轻弹簧两端分别与B和质量也为m的物体A连接，轻绳通过光滑滑轮Q与A和一轻质小桶P相连，轻绳AQ段与斜面平行，A和B均静止现缓慢地向小桶P内加入细砂，当k1弹簧对挡板的弹力恰好为零时，求：（1）小桶P内所加入的细砂质量；（2）小桶下降的距离17、（12分）在“研究平抛运动”实验中，采用了如图所

11、示的装置每次钢球从斜槽末端飞出后，设法用铅笔在白纸上描出一个小球经过的位置，多次实验得到多个点，然后用这些点确定平抛运动的轨迹（1）判断斜槽末端是否水平的方法是_（2）下列操作要求中，正确的是_A斜槽轨道必须光滑B每次必须由同一位置静止释放小球C用铅笔记录小球的多个位置必须间隔相等的水平距离D小球运动时不应与木板上的白纸相接触（3）通过实验得到小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y,下列y x2图像能说明平抛小球的运动轨迹为抛物线的是_（4）测得小球平抛运动轨迹上某点的坐标为x30.0cm,y30.0cm，已知实验室位置处的重力加速度为9.8

12、m/s2,该平抛运动的初速度为_（保留两位有效数字）参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】根据v-t图象中图象与时间轴所包围的面积表示位移，分析两车位移关系，从而判断两车是否相遇，以及何时相距最近，并判断两车位置关系.【详解】AB0-10s内甲车的速度比乙车的大，甲车在乙车的前方，两者间距增大t=10s后内乙的速度比甲的大，两者间距减小，所以t=10s时甲乙两车相距最远，故A、B错误；CD根据“面积”表示位移，可知t=20s时甲、乙的位移相等，两车相遇，故C正确，D错误；故选C.【点睛】本题考查了运动学中的追及问题，知要理解

13、度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，两车速度相等时相距最远.2、B【解析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可正确解答本题【详解】A、B、研究地球自转，其大小不能忽略，故不能看作质点，然而研究地球公转时，地球与太阳间距远大于地球自身大小，故可以看作质点，故A错误；故B正确；C、研究一列火车通过某一大桥所用的时间时，火车与大桥相比，不能忽略其体积形状，不能看着质点，故C错误；D、研究某乒乓球运动员打出的弧圈球时，不能看作质点，否则就没有转动了，故D错误故选B【点睛】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体

14、能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略，与其他因素无关3、C【解析】雨滴下落的过程中受重力和空气阻力，根据牛顿第二定律可以得出随着速度增大，空气阻力增大，加速度减小，雨滴做加速度减小的加速运动；加速度减小到0时，雨滴做匀速直线运动。故选择C。4、C【解析】木块开始在水平方向受三个力而平衡，则有物体处于静止状态，说明物体受到的最大静摩擦力大于等于8N；撤去F1后，外力为2N，小于8N，故物体仍能处于平衡，合力一定是零。选项C正确，ABD错误。故选C。5、C【解析】木板抽出前，木块A和木块B都受力平衡，根据共点力平衡条件求出各个力；木板抽出后，木板对

15、木块B的支持力突然减小为零，其余力均不变，根据牛顿第二定律可求出两个木块的加速度【详解】解：在抽出木板的瞬时，弹簧对A的支持力和对B的压力并未改变对A物体受重力和支持力，mg=F，aA=0对B物体受重力和弹簧的向下的压力，根据牛顿第二定律，故选C【点睛】本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力；弹簧的弹力通常来不及变化，为延时力，轻绳的弹力为瞬时力，绳子断开即消失6、D【解析】物体受到重力mg、拉力F、地面的支持力N和摩擦力f，如图所示：由平衡条件得：，；A、由得知，物体所受摩擦力小于F，故A错误；B、由得知：支持力小于重力，由牛顿第三定律得知：物体对地面的压力与地面

16、对物体的支持力大小相等，则物体对地面的压力小于mg，故BC错误；D、由于物体处于静止状态，则根据平衡条件的推论可知：物体受的合力为零，故D正确7、BD【解析】AD若和传送带一起做匀速直线运动，M所受的摩擦力为0，故A错误，D正确；B若做变速运动，受到静摩擦力，根据牛顿第二定律有，知加速度越大，摩擦力越大，故B正确；C若判断速度恒定，不受摩擦力，故C错误。故选BD。【点睛】解决本题的关键知道若与传送带一起做匀速直线运动，不受摩擦力，若与传送带一起做变速运动，根据，知加速度越大，静摩擦力越大。8、BCD【解析】AB对A，因为则A物体所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B所受的滑动摩擦

17、力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度大小均为则加速度大小相等，初速度和位移大小均相等，则运动的时间相等，它们同时到达传送带底端，A错误，B正确；C由v=v0+at知物块A、B到达传送带底端时速度大小相等，C正确；D对A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由运动学公式得则运动时间为所以皮带运动的位移为所以A对皮带的划痕为对B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带的划痕为所以划痕之比为1：3，D正确。故选BCD。9、BCD【解析】ACD小球被竖直向上抛出，做的是匀变速直线运动，平均速度可以用匀变速直线运动的平均速度公式求出。规定

18、竖直向上为正方向，当小球的末速度大小为10m/s、方向竖直向上时，用公式求得平均速度为15 m/s，方向竖直向上；当小球的末速度大小为10 m/s、方向竖直向下时，用公式求得平均速度大小为5m/s，方向竖直向上，故A错误，BD正确；C由于末速度大小为10m/s时，球的位置一定，距起点的位移C正确。故选BCD。10、ABD【解析】分加速和匀速两个过程对顾客进行运动分析和受力分析，加速过程合力斜向右上方，故支持力大于重力，静摩擦力向右；匀速过程重力和支持力二力平衡【详解】在慢慢加速的过程中，受力如图，因顾客加速度有竖直向上的分量，则顾客所受重力与支持力的合力方向是竖直向上，选项A正确；无论是加速还

19、是匀速阶段，扶梯对顾客的支持力方向始终是竖直向上的，选项B正确；加速阶段，因加速度有水平向右的分量，则顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，匀速运动时顾客水平方向不受摩擦力的作用，选项C错误；加速阶段，扶梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，即扶梯对顾客的作用力的方向先指向右上方；在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，扶梯对顾客的作用仅剩下支持力，方向沿竖直向上，选项D正确；故选ABD【点睛】本题关键要分两个过程研究，加速过程可以先找出加速度方向，然后得出合力方向，结合物体的受力情况，可以得出各个力的大小情况；匀速过程二力平衡，与运动方向无关.

20、11、BC【解析】A、甲中P做匀速直线运动，而甲中P物体不受外力，故甲中P没有相对于Q的运动趋势，故甲中P不受摩擦力；乙中P也是平衡状态，但P的重力使P有一沿斜面下滑的趋势，故Q对P有向上摩擦力，故P受与F方向相同的摩擦力，故A错误，B正确；C、如果甲中P做匀加速直线运动，则甲中P有相对于向Q右运动的趋势，故甲中P受摩擦力方向向左，方向与F方向相同；乙中P也是做加速运动，但P的重力使P有一沿斜面下滑的趋势，故Q对P有向上摩擦力，故P受与F方向相同的摩擦力，故C正确，D错误点睛：静摩擦力的有无及方向判断是摩擦力中的重点，一般是根据共点力的平衡或牛顿第二定律进行分析，必要时可以采用假设法12、AC

21、【解析】在最高点，设杆对球的弹力向下，大小为F，根据牛顿第二定律得：又解得 方向向下。故选AC。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .ABC . .【解析】(1)1A本实验需要平衡摩擦力，将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动，故A正确；B打点计时器要“早来晚走”，即实验开始时先接通打点计时器的电源，待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故B正确；C改变砂和砂桶质量打出几条纸带，故C正确；DE由于此装置安装了拉力传感器来测绳子的拉力，即小车受到的拉力，所以不需要用天平测量小桶（内有砂子）的质量，也不需要该质量远小于小车的质量，故DE错误

22、。故选ABC。(2)2每两点间还有四个计时点未画出，所以C点速度等于BD平均速度3用逐差法求小车运动的加速度，其计算表达式为14、 .3.6 .不会 .C【解析】（1）1弹簧测力计的每一格代表，所以图中B的示数为（2）2在实验中细线是否伸缩对实验结果没有影响，故换成橡皮筋可以同样完成实验，故实验结果不变；（3）3实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法，故ABD错误，C正确。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）2 m/s2 ；（2）5m；（3）1.1s；【解析】（1）根据牛顿第二定律求出小球运动的加速度（2）根据速度时间公式和位移公式求出刚撤去拉力F时小球的速度和位移，根据牛顿第二定律求出撤去F时的加速度，结合运动学公式求出上滑的位移，从而得出小球上滑过程中距A点最大距离（3）小球经过A点上方的B点，可能向上做匀减速经过B点，也可能返回时做匀加速运动经过B点，根据牛顿第二定律和运动学公式求出运动的时间【详解】（1）在力F作用时有：Fmgsin30mgcos30=ma1代入数据解得a1=2 m/s2（2）刚撤去F时，小球速度v1=a1t1=22m/s=4m/s小球的位移s1=t1=4m撤去力F后，小球上滑时有：mgsin30+mgcos30=ma2代入数据解得a2=8m/s2因此小球上滑时间t2=0.5s上滑位移s