2023届吉林省长春市汽车经济开发区第六中学物理高一第一学期期末检测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，AB、AC两光滑斜面互相垂直，AC与水平面成30。如把球O的重力按照其

2、作用效果分解，则两个分力的大小分别为（）A.G，GB.G，GC.G，GD.G，G2、在平直的公路上以54km/h的速度行驶的汽车，因发现前方有危险而进行紧急刹车，已知刹车过程中的加速度大小为5m/s2，则刹车后4.0s时间内汽车的位移为A.35mB.22.5mC.40mD.50m3、如图所示，两轻质弹簧a、b悬挂一质量为m的小球，整体处于平衡状态，a弹簧与竖直方向成30角，b弹簧与竖直方向成60角，a、b两弹簧的形变量相等，重力加速度为g，则A.弹簧a、b的劲度系数之比为B.弹簧a、b的劲度系数之比为C.若弹簧a下端与小球松脱，则松脱瞬间小球的加速度大小为D.若弹簧b下端与小球松脱，则松脱瞬间

3、小球的加速度大小为3g4、以下描述了四个不同的运动过程，加速度最大的是（）A.一架超音速飞机以500m/s的速度在天空沿直线匀速飞行了10sB.一辆自行车以3m/s的速度从某一陡坡的顶端加速冲下，经过3s到达坡路底端时，速度变为12m/sC.一只蜗牛由静止开始爬行，经过0.2s，获得了0.002m/s的速度D.一列动车在离开车站加速行驶中，用了100s使速度由72km/h增加到144km/h5、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A.速度变化得越多，加速度就越大B.速度变化得越快，加速度就越大C.加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D.加速度大小不断变小，速度大小也不断变小6、如图所

4、示，某弹簧悬挂一质量为的物块1处于静止状态，现在物块下面通过细绳又拴接质量为物块2，稳定后弹簧伸长了，现将连接下面物块的细绳剪断，取，下列说法正确的是A.弹簧劲度系数为B.弹簧劲度系数为C.剪断细绳的瞬间，物块1的加速度为D.剪断细绳的瞬间，物块1的加速度为7、如图所示，水平地面上的小车上固定有一硬质弯杆，质量均为m的小球A、B由细线相连，小球A固定在杆的水平段末端，小球向右做匀加速直线运动，稳定时细线与竖直方向的夹角为，重力加速度为g，下列说法中正确的是A.小车的加速度大小等于B.细线对小球B的拉力大小等于C.杆对小球A的作用力大小等于mgD.杆对小球A的作用力大小等于8、如图甲所示，绷紧的

5、水平传送带始终以恒定速率v1运行初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v-t图像（以地面为参考系）如图乙所示已知v2v1，则（）A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B.t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C.0t3时间内，小物块始终受到大小不变摩擦力作用D.0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右9、把一个已知力F分解，要求其中一个分力F1跟F成30，而大小未知；另一个分力F2F，但方向未知，则F1的大小可能是()A.B.FC.FD.F10、如图，倾角的光滑斜面上甲，乙两个物块用轻弹簧连接，用平

6、行斜面向上的拉力F拉甲物块，使甲、乙两物块一起沿斜面向上做匀速运动，两物块的质量均为m，重力加速度为g，下列说法正确的是A.拉力的大小为mgB.弹簧弹力大小为mgC.撤去拉力F瞬间，两物体的加速度大小相等D.撤去拉力F瞬间，乙的加速度为零，甲的加速度大小为g二、实验题11、（4分）“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示。图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_（填“F”或“F”）。本实验采用的科学方法是：（ ）A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法实验中可

7、减小误差的措施有：（ ）A两个分力F1、F2的大小要尽量大些B两个分力F1、F2间夹角应越大越好C拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行DAO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些12、（10分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：(1)以下实验操作正确的是_；A将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘的牵引下恰好做匀速运动 B调节滑轮的高度，使细线与木板平行C先接通电源后释放小车D实验中小车的加速度越大越好(2)在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为 T0.1s， 且间距 x1，x2，x3，x4，

8、x5，x6已量出分别 3.09cm，3.43cm，3.77cm，4.10cm，4.44cm，4.77cm，则小车的加速度 a_m/s2（结果保留两位有效数字）。(3)有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度 a 与所受拉力 F 的关系， 他们在轨道水平及倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条 aF图线，如图丙所示， 图线_是在轨道倾斜情况下得到的（填“或“”）；小车及车中袪码的总质量 m_kg（结果保留两位有效数字）。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，一个长L=2m的

9、薄木板A静置在水平地面上，一可视为质点的小物块B放在木板A的最左端，并处于静止状态。已知A、B的质量分别为3kg和2kg，木板和小物块之间的动摩擦因数1=0.4，木板和地面的动摩擦因数2=0.1，小物块与地面的动摩擦因数3=0.5，重力加速度g=10m/s2，现用水平恒力F=12N作用在B上。求：（1）力F开始作用瞬间，小物块B和薄木板A的加速度大小（2）从力F开始作用到小物块B从薄木板A上掉下来所需时间（3）从力F开始作用经过5s时，薄木板A最右端与小物块B之间的距离14、（14分）在“探究力的平行四边形定则”的实验中，如图甲所示，用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两

10、条细绳，细绳另一端系着绳套B、C(用来连接弹簧测力计）其中A为固定橡皮筋的图钉O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳(1)本实验采用的科学方法是_A理想实验法B等效替代法C建立物理模型法(2)图乙是在白纸上根据实验结果画出的图，那么图乙中的F与F的两个力中，一定沿AO方向的是_15、（13分）如图所示，质量为M=2kg足够长的长木板静止在光滑的水平面上，其前端放一质量m=2kg的铁块（可视为质点），铁块与长木板上表面间的动摩擦因数=0.2，距离木板的前端s=8m处有一竖直挡板，设铁块、长木板与挡板相碰后均能立即停止运动。现使长木板在水平向右的恒力F作用下由静止开始运动，直至与挡板相碰停止运动

11、。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。（1）若F=6N，求铁块运动的加速度的大小；（2）若F=12N，求铁块停止运动时的总位移的大小；（3）为使铁块能运动到挡板处且用时最短，求作用力F的大小及这个最短时间。 参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、A【解析】对球所受重力进行分解，如图所示。由几何关系得故A正确，BCD错误。故选A。2、B【解析】由题意可知：汽车速度减为零的时间为：则汽车在4s内的位移等于3s内的位移：故ACD错误，

12、B正确。3、B【解析】AB.对小球受力分析，受到a弹簧的拉力、b弹簧的拉力和重力，三力平衡，故有，故，故A错误，B正确；CD.若弹簧a下端与小球松脱，松脱瞬间b弹簧的弹力不变，故小球所受重力和b弹簧弹力的合力与大小相等方向相反，故，若弹簧b下端与小球松脱，则松脱瞬间a弹簧的弹力不变，故小球所受重力和a弹簧弹力的合力与大小相等方向相反，故小球的加速度，故C错误，D错误；故选：B【点睛】在应用牛顿第二定律解决瞬时问题时，一定要注意，哪些力不变，（弹簧的的形变量来不及变化，弹簧的弹力不变），哪些力变化（如绳子断了，则绳子的拉力变为零，或者撤去外力了，则外力变为零，）然后结合整体隔离法，应用牛顿第二定

13、律分析解题4、B【解析】A飞机为匀速运动，因此B自行车的加速度为C蜗牛的加速度为D先把72和144进行换算得到20和4，然后进行计算得到动车的加速度为然后根据从大到小的顺序排列得出由此可以得出自行车的加速度最大。故选择B。5、B【解析】A物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故A错误；B加速度反映速度变化的快慢，速度变化得越快，加速度就越大，故B正确；C加速度方向保持不变，速度方向可以变化，例如平抛运动，故C错误；D如果加速度方向与速度方向相同，加速度大小不断变小，速度却增大，故D错误。故选B。6、BC【解析】AB取物块2为研究对象，物块2静止由平衡

14、关系可得代入数值可得，故B正确，A错误；CD取物块1、2整体为研究对象，设剪断细绳前弹簧的拉力为F，由平衡关系可得剪断细绳的瞬间，弹簧弹力不变，设物块1的加速度为，由牛顿第二定律可得代入数值可得 剪断细绳的瞬间，物块1的加速度为，故C正确，D错误。7、BD【解析】A对小球B受力分析可知，B受重力、拉力的作用而做加速度为g的匀加速直线运动，受力分析如图所示；则B的加速度a=gtan故A错误；B细线对小球的拉力大小故B正确；CD对AB整体分析可知，整体水平方向合力为2mgtan，竖直方向重力等于2mg；则杆对A球的作用力故C错误，D正确；故选BD。第II卷（非选择题8、BD【解析】本题考查传送带问

15、题，通过对小物块的速度时间图像进行分析，理解小物块的运动情况，然后根据牛顿第二定律判断小物块的受力情况。【详解】A由v-t图像得到，小物块在t1时刻速度为零，下一刻开始向右运动，所以t1时刻小物块离A处最远，A错误；Bt2时刻，小物块第一次与传送带相对静止，之前始终相对传送带向左运动，所以此刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大，B正确；CD0t2时刻，小物块相对传送带向左运动，始终受到向右的滑动摩擦力滑动摩擦力大小和方向都不变，t2t3时刻，小物块相对传送带静止做匀速直线运动，合外力为零，水平方向没有其他外力，所以摩擦力为零，C错误，D正确。故选BD。9、BC【解析】根据“已知力F分解、求F1

16、的大小”可知，本题考查力的分解讨论，根据力的平行四边形定则，运用几何三角形的边角关系列式分析.【详解】由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形定则得，如图所示：又因一个分力F1跟F成30角，且F2的大小为，由几何关系得或；故B、C正确，A、D错误.故选BC.【点睛】解决本题的关键知道合力一定，分力的方向已知，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解，注意巧用几何知识中直角三角形中线与各边的关系.10、AD【解析】A.斜面光滑，将甲乙两物块视为一个整体，做受力分析可得在沿斜面方向上平衡：故A正确；B.对乙物体受力分析，沿斜面方向上平衡可得弹簧弹力：故B错误；C.撤去拉力F

17、瞬间，弹簧长度不变弹力不变。对甲物体受力分析，沿斜面方向上不平衡有： 解得：D.对乙物体受力分析，沿斜面方向上有： 甲乙两物体加速度大小不同。故C错误；D正确。故选。二、实验题11、 .F .B .ACD【解析】1方向一定沿AO方向的是用单个弹簧称拉橡皮筋时的拉力，所以F的方向才一定沿AO方向。2本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B。3A两个分力F1、F2的大小要尽量大些，可以减小测量及作图时的偶然误差，A正确；B两个分力F1、F2间夹角应该恰当才好，不是越大越好，B错误；C拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，确保各力在同一平面，可以减小作图的引起的误差，C正确；D

18、AO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些，可以减小测量及作图时的偶然误差，D正确；故选ACD。12、 .BC .0.330.34 . .0.67【解析】(1)1A平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力。所以平衡时应为：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，A 错误；B为了使绳子拉力代替小车受到的合力，需要调节滑轮的高度，使细线与木板平行，B 正确；C为了能在纸带上打更多的点，先接通电源后释放小车，否则纸带上打不上点，C正确；D加速度太大，砝码和砝码盘的总重力偏离绳的拉力越多，实验误差越大，D错误。

19、故选BC。(2)2小车的加速度为(3)3由图象可知，当 F0 时，a0，也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高。所以图线是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的。4 小车及车中袪码的总质量 三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、 (1)2m/s2，1m/s2(2)2s(3)14.5m【解析】(1)选取向右为正方向，对B受力如图甲，沿水平方向得对A受力分析如图乙所示沿水平方向代入数据得(2)设分离时时间是t1，则有又代入数据解得(3)分离时B的速度为分离时A的速度为分离后A的加速度为分离后A运动的时间为可知在4s末A已经停止运动，所以A后来的位移为分离后B的加速度为B的位移为代入数据可得在t=5s时B与平板A右端的距离为14、 .B .【解析】（1）本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用；（2）