2022年福建省莆田市物理高一第一学期期末达标测试试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为斜面上有一质量为m的小物

2、块，小物块与斜面之间存在摩擦用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止地面对楔形物块的支持力为( )A.（Mm）gB.（Mm）gFC（Mm）gFsinD.（Mm）gFsin2、如图所示，物体P静止于固定的斜面上，P的上表面水平现把物体Q轻轻地叠放在P上，则()A.P所受的合外力增大B.P向下滑动C.P静止不动D.P与斜面间的静摩擦力不变3、质点是物理学中一种理想化的模型，一个物体能否看成质点是由所要研究的问题决定的下列在所研究问题中的对象能看成质点的是A.研究如何踢出“香蕉球”时的足球B.研究如何发出“上旋球或“下旋球时的乒乓球C.研究如何在翻滚时控制飞

3、行姿态歼-20隐形战机D.研究如何用北斗系统(COMPASS)卫星精准定位行驶中汽车4、如图所示，2个质量分别为5kg和3kg木块A和B并排放在光滑的水平桌面上，当用水平向右推力F=16N推木块A，使它们共同向右加速运动时，则两木块之间弹力为（）A.6NB.10NC.16ND.12N5、匀速前进车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与一光滑斜面接触下列说法正确的是 A.细线可能对小球没有拉力作用B.小球受重力、细线对它的拉力和斜面对它的支持力C.若细线对小球有拉力，则这个拉力是细线发生形变产生的D.斜面对小球一定有支持力6、如图所示，水平面上有一质量为m=2kg的滑块，t=0时，该滑

4、块在恒定的水平拉力F作用下由静止开始做匀加速直线运动，t=1s时撤去拉力F，物体在整个运动过程中的vt图象如图所示，g10 m/s2，则A.拉力F的大小为18NB.拉力F的大小为15NC.滑块与水平面的动摩擦因数为=0.3D.滑块与水平面的动摩擦因数为=0.27、关于做直线运动的物体的加速度、速度及速度变化量的说法，正确的是（）A.物体的速度越大，加速度越大B.物体的速度变化量越大，加速度不一定大C.物体的速度变化越快，加速度越大D.物体的加速度减小，速度一定减小8、一质点做直线运动，当时间时，位移，速度，加速度，此后a逐渐减小，则它的A.速度逐渐减小B.位移始终为正，速度变为负值C.速度的变

5、化越来越慢D.速度逐渐增大9、如图，两个质量分别为m1=3kg，m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，两个大小分别为F1=30N，F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A.弹簧秤的示数是50NB.弹簧秤的示数是24NC.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为2m/s2D.在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为12m/s210、如图是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是

6、（）A.只增加绳的长度B.只增加重物的重量C.只将手指向下移动D.只将手指向上移动二、实验题11、（4分）某同学利用图甲所示的实验装置来研究滑块与木板间的动摩擦因数。木板的左端固定一定滑轮，右端固定一打点计时器，滑块的右端与穿过打点计时器的纸带相连，左端用细线通过定滑轮与钩码相连。（1）实验中必要措施是_A细线必须与长木板平行B先接通电源再释放物块C滑块的质量远大于钩码的质量D垫高木板的右端以补偿打点计时器对滑块的阻力及其它阻力（2）若某次实验中，所用钩码的质量为，滑块的质量为，打出的纸带如图乙所示，且相邻的计数点之间还有四个点未画出来，根据纸带求出物块的加速度_，滑块与木板间的动摩擦因数为_

7、。（结果均保留3位有效数字）12、（10分）某实验小组做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验.实验时,先把弹簧平放在桌面上,用刻度尺测出弹簧的原长L04.6 cm,再把弹簧竖直悬挂起来,在下端挂钩码,每增加一个钩码均记下对应的弹簧的长度x，数据记录如下表所示.(1)根据表中数据在坐标系中作出F-x图线_；(2)由此图线可得，该弹簧劲度系数k_N/m；（结果保留一位小数点）(3)图线与x轴的交点坐标大于L0的原因是_.三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）一个木箱的重力G=100N,放在粗糙的

8、水平面上,在拉力F=40N的作用下处于静止状态,已知力F与水平方向的夹角=37, 如图所示,求木箱受到的静摩擦力和木箱对地面的压力.(sin37 =0.6 cos37 =0.8)14、（14分）如图所示，一辆质量为的小轿车以速度沿斜坡向上匀速行驶，斜坡倾角，小轿车与斜坡间的动摩擦因数.不计空气阻力，取.试求：（1）小轿车前进的位移大小（2）小轿车上坡时牵引力大小.15、（13分）如图所示，一质量为2kg的物块在固定斜面上受沿斜面向上的拉力F的作用而匀速向上运动，斜面的倾角为30，物块与斜面间的动摩擦因数，则拉力F的大小为多少？（g=10m/s2）参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分

9、，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解析】小物块匀速上滑，受力平衡，合力为零，楔形物块始终保持静止，受力也平衡，合力也为零，以物块和楔形物块整体为研究对象合力同样为零，分析受力，画出力图，根据平衡条件求解地面对楔形物块的支持力。【详解】以物块和楔形物块整体为研究对象，受到重力（M+m）g，拉力F，地面的支持力N和摩擦力f。根据平衡条件得，地面对楔形物块的支持力N=(M+m)gFsin故选D。【点睛】本题涉及两个物体的平衡，关键要灵活选择研究对象当几个物体的加速度相同时，可以采用整体

10、法研究受力情况，往往简单方便本题也可以隔离两个物体分别研究。2、C【解析】ABC未放物体Q时，P处于平衡状态，设斜面倾角，P质量m，Q质量为M，P重力沿斜面向下分力小于等于最大静摩擦力：，放上物体Q后，所以整体仍静止，P所受合力仍为零，AB错误C正确D整体仍平衡，所以P与斜面间的静摩擦力，而未放Q时，P与斜面间的静摩擦力，所以摩擦力变大，D错误3、D【解析】A研究如何踢出“香蕉球”时的足球，要考虑球的转动，所以不能简化为质点，故A不符合题意；B研究如何发出“上旋球”或“下旋球”时的乒乓球时，不能把乒乓球看作质点，否则看不出乒乓球的转动，故B不符合题意；C研究如何在翻滚时控制飞行姿态的歼20隐形

11、战机时，战斗机的大小与形状不能忽略不计，否则没有飞行的姿态，故不可以简化为质点，故C不符合题意；D研究如何用北斗系统（COMPASS）卫星精准定位行驶中的汽车时，汽车的大小可以忽略不计，可以把汽车看作质点，故D符合题意。故选D。4、A【解析】先以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求加速度，然后以B为研究对象，根据牛顿第二定律求木块之间弹力.【详解】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：F=(mA+mB)a；得：a=2m/s2；以B为研究对象，根据牛顿第二定律：NAB=mBa，得：NAB=6N，故选A【点睛】本题属于连接体问题，连接体问题往往是隔离法和整体法结合应用，正确的选择研究对象是关键.5、C

12、【解析】小球和光滑斜面接触，斜面对小球没有摩擦力，假设有弹力，小球将受到三个力作用，重力和绳的拉力在竖直方向上，弹力垂直于斜面向上，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾故斜面对小球没有弹力故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力，而线对小球的拉力是由于细线发生形变产生的，故ABD错误，C正确；【点睛】小球随车做匀速运动，合力为零，先分析小球肯定受到的力：重力和细线的拉力，再用假设法分析斜面对球有无支持力6、AC【解析】速度时间图象的斜率表示加速度，则01s的加速度大小为：m/s213s的加速度大小为：m/s201s没有撤去拉力F，根据牛顿第二定律有：13s撤去拉力F，根据牛

13、顿第二定律有：由得：由得：F=18N故AC正确，BD错误。故选AC7、BC【解析】A加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度很大，比如匀速直线运动，但不存在变化，加速度为零，故A错误；B物体的速度变化量越大，所用时间也很长，则加速度不一定大，故B正确；C加速度是描述速度变化快慢的物理量，所以物体速度变化越快，加速度越大，故C正确；D物体速度的增减取决于加速度和速度的方向关系，两者反向时，速度一定减小，故D错误。故选BC。8、CD【解析】加速度是速度的变化率，加速度和速度同向时，物体做加速运动，反向时做减速运动.【详解】ABD因速度v0，加速度a0，加速度和速度同向，则即使此后a逐渐减小，则它的速

14、度也是逐渐增加且始终为正的，位移逐渐变大，且始终为正，选项AB错误，D正确；C加速度是速度的变化率，加速度减小，则速度的变化越来越慢，选项C正确；故选CD.9、BCD【解析】AB把m1、m2看成一个整体，则合力为30N20N=10N，方向向右；则两个物体的加速度为方向向右；再将m1隔离开来，单独对它进行受力分析，在水平方向上，m1受到F1、弹簧的作用力T，故由牛顿第二定律可得故故A错误，B正确；C在突然撤去F2的瞬间，m1的受力情况没有突然发生改变，故其加速度仍是不变的，仍是2m/s2，故C正确；Dm2则只受到弹簧的拉力的作用，故此时其加速度的大小为故D正确。故选BCD。10、BC【解析】A对

15、动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重量mg，如图三个力的合力为零，两个拉力的大小恒定，夹角越大，合力越小，夹角越小，合力越大；增加细线长度时，由于两个细线拉力也不变，动滑轮位置不变，故三个力大小方向都不变，故A错误；B只增加重物的重力，两个绳拉力变大，动滑轮位置不变，则两拉力夹角不变，故合力变大，故手指所受的拉力增大，故B正确；C只将手指向下移动，两个绳拉力大小不变，夹角变小，故两拉力合力变大，故手指所受的拉力增大，故C正确；D只将手指向上移动，两个绳拉力大小不变，夹角变大，故两拉力合力变小，故手指所受的拉力减小，故D错误。故选BC。二、实验题11、 .AB .1.26

16、 .0.311【解析】(1)1A细线必须与长木板平行,这样更容易表示钩码和小车受到的合力，由牛顿第二定律可得.(1)故A正确；B先接通电源打点稳定后再释放物块，这样记录时间更准确，测量误差会更小。C取整体为研究对象，绳子的拉力大小无需知道，所以滑块的质量不一定要远大于钩码的质量，故C错误；D垫高木板的右端以补偿打点计时器对滑块的阻力及其它阻力，平衡摩擦力后(2)无法计算摩擦力的大小，更无法计算动摩擦因数大小，故D错误。故选择AB选项。(2)2用逐差法计算加速度大小.(3)3将(3)代入(1)可得12、 . .50.0 .由于弹簧自身重力的影响【解析】（1）1描点作图，如图所示（2）2图象的斜率表示劲度系数，故有（3）3 图线与x轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、 (1)f=32N (2)，方向竖直向下【解析】对物体受力分析，根据竖直方向的平衡条件和牛顿第三定律可求得压力大小，水平方向平衡可求出静摩擦力.【详解】木箱受力情况如图所示：水平方向合力为零f=Fcos竖直方向合力为零FN+Fsin=G解得：f=32NFN=76N根据牛顿第三定律，木箱对地面的压力为76N，方向竖直向下.【点睛】