2022年安徽省宿州市十三所重点中学物理高一上期末监测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分

2、）1、如图所示，一小球从A点由静止开始沿斜面做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则ABBC等于（ ）A.11B.12C.13D.142、如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球A、B固定在轻杆的两端。现用水平力F将B向左缓慢推动一小段距离，则此过程中A.杆对A的弹力变小B.挡板OP对A作用力变大C.水平力F变大D.挡板OQ对B支持力变大3、质量为M的物体，在与竖直方向成角、大小为F的恒力作用下，沿竖直墙壁匀速下滑，物体与墙壁间的动摩擦因数为，则物体受到摩擦力的大小为（）A.0B.C.D.4、如图所示，质量为2m的物块A和质量为3m的物块B与地面的

3、摩擦均不计.在已知水平推力F的作用下，A、B做匀加速运动.A对B的作用力为（ ）A.B.C.D.5、如图所示,在水平面运动的小车内,用轻绳AB、BC拴住一个重力为G的小球,轻绳AB、BC与水平方向夹角分别为30和45,绳AB的拉力为绳BC的拉力为下列叙述不正确的是A.小车向右以加速度匀加速运动时B.小车向右以加速度匀加速运动时C.小车向右以加速度匀减速运动时D.小车向右以加速度匀减速运动时6、如图所示，一质量为M2Kg的物体放在水平面上，用F16N，F213N的力作用在物体上，物体保持静止若撤去F2，则物体运动的加速度是（）A.0 m/s2B.1 m/s2C.2m/s2D.3m/s27、下列说

4、法正确的是（）A.质量越大的物体惯性也越大B.单位m、kg、s是国际单位制中的基本单位C.物体只有受到力的作用才会运动D.几个共点力的合力大小可能比这几个共点力都要小8、如图所示，为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，左侧大轮的半径为4r，小轮的半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r，c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上，若在传动过程中，皮带不打滑，则（）A.a点与b点的线速度大小相等B.a点与b点的角速度大小相等C.a点与c点的线速度大小相等D.a点与d点的向心加速度大小相等9、如图所示，在粗糙水平地面上放一三角形劈，三角形劈与光滑竖直墙之间放一光滑圆球

5、，整个装置处于静止状态，若把三角形劈向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则A.球对墙的压力增大B.球对墙的压力不变C.球对三角形劈的压力增大D.地面对三角形劈的摩擦力不变10、质量为的小球置于倾角为300的光滑固定斜面上，劲度系数为的轻弹簧一端系在小球上，另一端固定在竖直墙上的P点，小球静止于斜面上，弹簧轴线与竖直方向的夹角为300，如图所示取则A.弹簧对小球拉力大小为B.小球对斜面的压力的大小为10NC.弹簧的伸长量为10cmD.弹簧被剪断的瞬间，小球的加速度大小为11、如图甲所示的水平传送带AB逆时针匀速转动，一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑，以某一初速度从传送带左端滑上，在传送带上

6、由速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示(图中取向左为正方向，以物块刚滑上传送带时为计时起点)，已知传送带的速度保持不变，重力加速度g取，关于物块与传送带间的动摩擦因数及物块在传送带上运动第一次回到传送带左端的时间t，下列计算结果正确的是（ ） A.0.4B.0.2C.t4.5 sD.t3 s12、两倾角分别为和的A、B两光滑斜面固定在电梯上，质量为m的均质圆柱置于之间，剖面如图所示。重力加速度为g，当电梯以大小为a的加速度加速上升时，圆柱对斜面A、B压力的大小分别为F1、F2，则A.B.C D.二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图所示，在“探究平行四边

7、形定则”实验中，橡皮条一端固定于A点（1）同时使用两个弹簧测力计通过细绳套将橡皮条的另一端拉到O点，记录两个测力计的读数F1和F2及两细绳的方向弹簧测力计的示数如图所示，其示数为_N（2）只用一个测力计通过细绳拉橡皮条，使结点也拉到O点，记下此时测力计的读数F和细绳的方向本步骤中将结点也拉到O点，是为了_.（3）关于本实验，下列说法正确的是_A实验过程中橡皮条必须在两细绳套的角分线上B橡皮条的伸长量越大越好C拉两个细绳套时，两拉力夹角越大越好D拉细绳套时，拉力应尽量与木板平行14、（10分）用如图所示的装置测定弹簧的劲度系数，被测弹簧一端固定于A点另一端用细线绕过定滑轮挂钩码，旁边附有一竖直放

8、置的厘米刻度尺当挂两个钩码时，线上一定点P对应的刻度线如图中的ab虚线所示，当挂三个钩码时，线上一定点P对应的刻度线如图中的cd虚线所示已知每个钩码的质量为50g，重力加速度g9.8ms2ab虚线处刻度尺读数是d1 =_m；则被测弹簧的劲度系数为_N/m三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，倾角的光滑斜面固定在水平地面上，斜面的高。现将一个小滑块从斜面的顶端由静止释放，取重力加速度。求：（1）小滑块在斜面上滑行过程中的加速度大小；（2）小滑块滑到斜面底端所用的时间。16、（12分）如图所示，一足够长的固定光滑斜面倾角=37，两物块A、B的质量=1kg

9、、=4kg两物块之间的轻绳长L=05m，轻绳可承受的最大拉力为T=12N，对B施加一沿斜面向上的力F，使A、B由静止开始一起向上运动，力F逐渐增大，g取10m/s2（sin37=06，cos37=08）。(1)若某一时刻轻绳被拉断，求此时外力F的大小；(2)若轻绳拉断瞬间A、B的速度为3m/s，绳断后保持外力F不变，求当A运动到最高点时，A、B之间的距离。17、（12分）如图，质量为1.0kg的物体，受到沿斜面向上的力F= 8.0N的力作用，沿斜面以4m/s的速度向上作匀速运动。已知= 37，求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数。（2）若将力F增大为10N，物体的加速度为多大？方向如何？（3）力

10、增大后，经时间0.5s，速度将变为多大？（sin37 = 0.6，cos37 = 0.8，g = 10m/s2）参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式v2 - v02 = 2ax知xAB = ，xAC = 所以ABAC = 14则ABBC = 13故选C。2、A【解析】AB设杆与OP的夹角为，对A球受力分析，由平衡条件可得：水平力F将B向左缓慢推动一小段距离，则减小，变大，减小，则有杆对A的弹力变小，挡板OP对A作用力变小，故A正确，B错误；CD对两球和轻杆的整体受力分析可知，在竖直方向：故水

11、平力F将B向左缓慢推动一小段距离后，竖直方向的受力不变，则挡板OQ对B支持力不变；因挡板OP对A作用力变小，则水平力F变小，故CD错误。故选A。3、C【解析】物体受重力、推力、墙壁的弹力和滑动摩擦力，受力如图在竖直方向上有解得在水平方向上有则摩擦力故A、B、D错误，C正确；故选C。第II卷（非选择题4、B【解析】以A、B组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得对B，由牛顿第二定律得解得故选B。5、D【解析】当加速度方向向左或向右时，分别找出当AB和BC绳的拉力为零时的临界加速度值，然后进行分析.【详解】当小车向右加速运动时，当AB绳的拉力恰为零时，根据牛顿第二定律：mgtan450=ma1，解得

12、a0=g，则小车向右以加速度g匀加速运动时，T1=0，T2=G，选项AB正确；当小车向右做减速运动时，当BC绳的拉力恰为零时，根据牛顿第二定律：mgtan600=ma2，解得a2= g，则小车向右以加速度g匀减速运动时，T2=0，T1=2G，故选项C正确，D错误；此题选择不正确的选项，故选D.6、A【解析】物体原来静止，由平衡条件求出物体受到的静摩擦力，确定出最大静摩擦力的范围，根据F1=6N与最大静摩擦力的关系判断物体的状态，再求加速度【详解】物体原来静止，由平衡条件得物体受到的静摩擦力 f=F2-F1=13N-6N=7N，所以物体所受的最大静摩擦力 fmf=7N；若撤去F2，因为 F1fm

13、，所以物体仍静止不动，加速度为0故选A【点睛】解决本题的关键是掌握判断两物体能否相对滑动的条件，即外力要大于最大静摩擦力，知道最大静摩擦力出现在两个物体间刚要发生相对滑动的状态7、ABD【解析】A惯性是物体的固有属性，仅与质量有关，质量是物体惯性大小的唯一量度，所以质量越大的物体惯性也越大，故A正确；B在国际单位制中m、kg、s都是基本单位，故B正确；C根据牛顿第一定律可知力不是维持物体运动的原因，当物体不受力时可以做匀速直线运动，故C错误；D合力和分力之间没有大小关系，几个共点力的合力大小可能比这几个共点力都要小，故D正确。故选ABD。8、CD【解析】C由于皮带不打滑，因此a点与c点的线速度

14、大小相等，即C正确；AB由于b、c、d都绕同一个转轴，一起转动，因此角速度相等，即根据联立可得，AB错误；D根据可得D正确。故选CD。9、BD【解析】物体和三角形劈都处于静止状态，受力平衡，先对球受力分析，再对三角形劈受力分析，结合共点力平衡条件列式分析即可【详解】对球受力分析，受重力、三角形劈支持力和墙壁的支持力；再对三角形劈受力分析，受重力、球的压力、地面的支持力和摩擦力；若把三角形劈向右移动少许，各个力的方向均没有改变，重力不变，故题中所有的力大小也都不变；故AC错误，BD正确；故选BD【点睛】本题只需判断出各个力的方向是否改变，然后结合共点力平衡条件定性分析即可10、CD【解析】小球静

15、止于斜面上，设小球受的弹簧拉力为，设斜面对小球的支持力为，设弹簧的伸长量为，对小球受力分析如图，则： 、联立解得：、A：小球受的弹簧拉力为，故A项错误B：斜面对小球的支持力为，据牛顿第三定律，小球对斜面的压力的大小为故B项错误C：弹簧伸长量，故C项正确D：弹簧被剪断的瞬间，小球受重力、斜面对小球的支持力，小球将沿斜面下滑，则：，解得：故D项正确11、BC【解析】AB由题图乙可得，物块做匀变速运动的加速度大小为由牛顿第二定律得则可得物块与传送带间的动摩擦因数选项B正确，A错误；CD在vt图像中，图线与t轴所围面积表示物块的位移，则物块经减速、反向加速到与传送带相对静止，最后匀速运动回到传送带左端

16、时，物块的位移为0，由题图乙可得物块在传送带上运动的总时间为4.5s，选项C正确，选项D错误。故选BC。【点睛】此时是牛顿第二定律应用的典型问题-传送带问题；解决本题的关键是根据图像理清物块在传送带上整个过程的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式以及速度时间图线进行求解。12、AD【解析】对小球受力分析如图，由牛顿第二定律得得由三角函数关系得故选AD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .（1）2.60 .（2）使两分力的效果与一个合力的效果相同. .（3）D【解析】第一空.弹簧秤的最小分度为0.1N，根据弹簧秤指针的指示可知，其读数为2.60N；第二空.实验中两次应将结点

17、接至同一点，这样可以使两次拉力作用的效果相同；第三空.实验过程中橡皮条不一定必须在两细绳套的角分线上，选项A错误；橡皮条的伸长量不是越大越好，方便作图即可，故B错误；两条细绳的夹角不是越大越好，以方便作平行四边形为宜故C错误拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤平行贴近木板，使得结点所受的几个力在同一平面内，故D正确14、 .0.3110 .70【解析】在实验中，所挂钩码的重力等于弹簧的弹力，P点对应刻度的变化可知弹簧的伸长量对钩码受力分析，由平衡条件可求得劲度系数；【详解】ab虚线处刻度尺读数是d1=31.10cm=0.3110m由图可知，当钩码增至3个时，弹力增大mg，而弹簧的长度伸长31.80

18、-31.10=0.70cm，则由平衡关系可知，F=kx解得劲度系数为：；【点睛】解决本题的关键由平衡条件得所挂钩码的重力等于弹簧的弹力，掌握胡克定律F=kx三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、 (1) (2)【解析】(1)对光滑斜面上的滑块受力分析，由牛顿第二定律：可得：(2)斜面长度由几何知识得：滑块沿斜面做匀加速直线运动，有：解得运动时间：16、（1）；（2）【解析】（1）若某一时刻轻绳被拉断，此时T=12N，对A、B整体分析，根据牛顿第二定律得F（mA+mB）gsin=（mA+mB）a对A物体TmAgsin=mAa代入数据解得F=60N（2）设沿斜面向上为正，对A物体mAgsin=mAaA解得aA=-6m/.因为v0=3m/s，所以A物体到最高点时间为t=s=0.5s此过程A物体的位移为xA=t=075m对B物体FmBgsin=mBaB，解得aB=9m/xB=v0t+aB=（30