2022-2023学年云南省昆明市茨坝中学高三物理期末试题含解析

1、2022-2023学年云南省昆明市茨坝中学高三物理期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 有同学这样探究太阳的密度：正午时分让太阳光垂直照射一个中央有小孔的黑纸板，接收屏上出现了一个小圆斑；测量小圆斑的直径和黑纸板到接收屏的距离，可大致推出太阳直径。他掌握的数据有：太阳光传到地球所需的时间、地球的公转周期、万有引力恒量；在最终得出太阳密度的过程中，他用到的物理规律是小孔成像和A牛顿第二定律 B万有引力定律、牛顿第二定律C万有引力定律 D万有引力定律、牛顿第三定律参考答案：B2. （多选）质量为20 kg的物体在水平面上运动的v-t图像如图

2、，以水平向右的方向为正。以下判断正确的是A在03 s内，质点的平均速度为零B在35 s内，物体的位移为零C第2 s末，合外力的功率为8 WD在l6 s内，合外力的功为零参考答案：CD匀变速直线运动的图像 A5解析： A、在03s内，质点的平均速度故A错误B、在35s内，物体的位移x=vt=24=8m故B错误C、2s末的速度为2m/s，加速度为a=2m/s2，根据牛顿第二定律得，F合=ma=4N，根据P=F合v=42W=8W故C正确D、在16s时间内，动能变化为零，根据动能定理，合外力不做功故D正确故选：CD3. 如图所示，两个固定的相同细环相距一定的距离，同轴放置，O1、O2分别为两环的圆心，

3、两环分别带有均匀分布的等量异种电荷。一带正电的粒子（不计重力）从很远处沿轴线飞来并穿过两环。则在带电粒子运动过程中下列说法不正确的是（ ）A在O1点和O2点粒子的加速度方向均向左B.从右侧无穷远处到O1点过程中，粒子的动能一直在减小C.从O1到O2过程中，粒子的电势能一直在减小D.不考虑无穷远处的场强为零的情况，则在轴线上存在两个场强为零的点，且这两个点关于O1、O2连线中点对参考答案：B4. （单选）如图所示，一只半球形碗倒扣在水平桌面上处于静止状态，球的半径为R、质量为m的蚂蚁只有在离桌面高度大于或等于时，才能停在碗上。那么蚂蚁和碗面间的最大静摩擦力为（ ）A B C D参考答案：C5.

4、（单选题）小张在显微镜下观察水中悬浮的细微粉笔末的运动。他把小颗粒每隔一定时间的位置记录在坐标纸上，如图所示，下列判断正确的是（ ）A图中的折线就是粉笔末的运动轨迹B图中的就是水分子的运动轨迹C从整体上看粉笔末的运动是无规则的D图中折线表明水分子在短时间内运动是有规则的参考答案：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. A.两颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，若运行线速度之比是v1v212，则它们运行的轨道半径之比为_，所在位置的重力加速度之比为41，1162012学年普陀模拟21A_。参考答案：41，1167. 图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场。现通过测

5、量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向。所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；A为电流表；S为开关。此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线。（1）在图中画线连接成实验电路图。（2）完成下列主要实验步骤中的填空按图接线。保持开关S断开，在托盘内加入适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1。闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D_；然后读出_，并用天平称出_。用米尺测量_。（3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感应强度的大小，可以得出B=_。（

6、4）判定磁感应强度方向的方法是：若_，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里。参考答案：(1)如图所示(2)重新处于平衡状态电流表的示数I此时细沙的质量m2D的底边长度l(3)(4)m2m18. 如图所示，有一块无限大的原来不带电的金属平板MN，现将一个带电量为+Q的点电荷放置于板右侧的A点，并使金属板接地。已知A点离金属板MN的距离为d， C点在A点和板MN之间，ACMN，且AC长恰为。金属平板与电量为+Q的点电荷之间的空间电场分布可类比_（选填“等量同种电荷”、“等量异种电荷”）之间的电场分布；在C点处的电场强度EC=_。参考答案：（1）等量异种电荷 (2)9. 图中

7、竖直方向的平行线表示匀强电场的电场线，但未标明方向一个带电量为q的微粒，仅受电场力的作用，从M点运动到N点，动能增加了Ek（Ek0），则该电荷的运动轨迹可能是虚线a（选填“a”、“b”或“c”）；若M点的电势为U，则N点电势为U+参考答案：【考点】： 电场线；电势【分析】： 根据动能定理，通过动能的变化判断出电场力的方向，从而判断轨迹的弯曲程度，根据动能定理求出M、N两点间的电势差，从而求出N点的电势： 解：从M点运动到N点，动能增加，知电场力做正功，则电场力方向向下，轨迹弯曲大致指向合力的方向，可知电荷的运动轨迹为虚线a，不可能是虚线b电场力方向方向向下，微粒带负电，则电场强度方向向上，N点

8、的电势大于M点的电势，根据动能定理知，qUMN=Ek，则N、M两点间的电势差大小 UMN=由UMN=MN，M=U，解得N=U+故答案为：a，U+【点评】： 解决本题的关键知道轨迹弯曲与合力方向的大致关系，本题的突破口在于得出电场力方向，再得出电场强度的方向，从而知道电势的高低10. 如图，滑块从h0.2m高处的a点经光滑圆弧轨道ab，滑入水平轨道bc，最终恰好停在c点，如果滑块在bc匀减速运动的时间为t3s。则滑块经过b点的速度大小为_m/s，bc间距离为_m。参考答案： (1). 2 (2). 3由a到b由机械能守恒定律：解得：bc间的距离：11. （5分）地核的体积约为整个球体积的16%，

9、地核的质量约为地球质量的34。经估算，地核的地平均密度为_kg/m3。(结果取两位有效数字)参考答案：答案：1.210412. 参考答案：200 远距离输电电压，输电线上损失的电压，13. 如图所示，光滑斜面的倾角为q，有两个相同的小球，分别用光滑挡板A、B挡住，挡板A沿竖直方向。挡板B垂直于斜面，则两挡板受到小球压力的大小之比为_，斜面受到两个小球压力大小之比为_。参考答案：1/cosq ，1/cos2q三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 有一个额定电压为2.8 V，功率约为0.8 W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的IU图线，有下列器材供选用：A电压表(03 V，

10、内阻6 k)B电压表(015 V，内阻30 k)C电流表(03 A，内阻0.1 )D电流表(00.6 A，内阻0.5 )E滑动变阻器(10 ，5 A)F滑动变阻器(200 ，0.5 A)G蓄电池(电动势6 V，内阻不计)(1)用如实图所示的电路进行测量，电压表应选用_，电流表应选用_滑动变阻器应选用_(用序号字母表示)(2)通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如实图所示由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为_.(3)若将此灯泡与电动势6 V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为_的电阻参考答案：（1） A (2分) D （2分） E (2分) （2） 10(2分) （3） 11.

11、42 （3分）15. （9分）图1中E为电源，其电动势为，R1为滑线变阻器，R2为电阻箱，A为电流表.用此电路，经以下步骤可近似测得A的内阻RA：闭合K1，断开K2，调节R1，使电流表读数等于其量程I0；保持R1不变，闭合K2，调节R2，使电流表读数等于，然后读出R2的值，取RAR2。 （1）按图1所示电路在图2所给出的实物图中画出连接导线. （2）真实值与测得值之差除以真实值叫做测量结果的相对误差，即。试导出它与电源电动势、电流表量程I0及电流表内阻RA的关系式. （3）I0=10mA，真实值RA约为30，要想使测量结果的相对误差不大于5%，电源电动势最小应为多少伏？参考答案：答案：（1）连

12、线如图所示： （2）由步骤得由步骤得 解得 （3）6V四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 在电视机的设计制造过程中，考虑到地磁场对电子束偏转的影响，可采用某种技术将其消除.为确定地磁场的影响程度，需先测定地磁场的磁感应强度的大小，在地球的北半球可将地磁场的磁感应强度分解为水平分量B1和竖直向下的分量B2，其中B1在水平方向，对电子束的影响较小可忽略，B2可通过以下装置进行测量.如图所示，水平放置的显像管中的电子(质量为m，电荷量为e)从电子枪的炽热灯丝上发出后(初速度可视为零)，先经电压为U的电场加速，然后沿水平方向自南向北运动，最后打在距加速电场出口水平距离为L的屏上，电子束在屏上的

13、偏移距离为d.(1)试判断电子束偏向什么方向.(2)求地磁场的磁感应强度的竖直分量B2.参考答案：解析：(1)利用左手定则，可知电子束向东偏转.(2)由题意作出电子的运动轨迹如图所示，电子经电场加速，由动能定理得：eUmv2电子在磁场中做圆周运动，利用几何知识得：R2(Rd)2L2洛伦兹力提供向心力，故有：evB2m解得：R由以上各式得：B2.17. 如图所示，在光滑绝缘水 平面上有两个带电小球、，质量分别为3m和m，小球带正电q，小球带负电-2q，开始时两小球相距s0，小球有一个水平向右的初速度v0，小球的初速度为零，若取初始状态下两小球构成的系统的电势能为零，试证明：当两小球的速度相同时系统的电势能最大，并求出该最大值；参考答案：（1）由于两小球构成的系统合外力为零，设某状态下两小球的速度分别为和，由动量守恒定律得 （1） （2分）所以，系统的动能减小量为 （2） （2分）由于系统运动过程中只有电场力做功，所以系统的动能与电势能之和守恒，考虑到系统初状态下电势能为零，故该状态下的电势能可表为 （3） （1分）联立（1）、（3）两式，得 （4）（1分）由（4）式得：当 （5） （1分）时，系统的电势能取得最大值，而将（5）式代入（1）式，得 （6）（1分） 即当两小球速度相同时系统的电势能最大，最大值为 18. 甲、乙两小孩在平直跑道上做游戏，将质量为m10kg的处于静止状态的