(西南名校联盟)2023届高三上学期第二次高考适应性月考理科综合试卷图片版(有答案)

1、平坝第一高级中学西南名校联盟2023届高三上学期第二次高考适应性月考理科综合参考答案一、选择题：此题共13小题，每题6分。题号12345678910111213答案BDACBDBADCDCD二、选择题：此题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求；第1821题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号1415161718192021答案DBBCCACCDBCD【解析】1用血细胞计数板对酵母菌计数时，应先将盖玻片放在计数室上，用吸管吸取培养液，滴于盖玻片边缘，让培养液自行渗入，A错误。探究温度对酶活性的影响时，应先将酶和反响

2、物分别保温，再混合后保温，C错误。提取叶绿体中的色素时，应先参加少许的碳酸钙和二氧化硅，再参加无水乙醇，进行迅速、充分的研磨，D错误。2酶、激素的化学本质不一定都是蛋白质，A错误。低温抑制了蛋白酶的活性，但并没有破坏酶的空间结构，B错误。血红蛋白中还含有Fe，胰岛素还含有S，C错误。3硝化细菌无线粒体，A错误。4各组实验结果说明，酶A的活性均低于酶B的活性，C错误。5营养不良可导致血浆蛋白减少，血浆渗透压低于组织液渗透压，从而引起组织水肿，B错误。6由于Na+K+泵的存在，细胞外Na+浓度仍大于细胞内，D错误。7A项，“水乳交融是物理变化；C项，包含了CaCO3+CO2+H2O=Ca(HCO3

3、)2，Ca(HCO3)2=CaCO3+CO2+H2O两个化学过程；D 项，包含化学变化。8A项，在高温下，SiO2与NaOH固体反响。9A项，盐酸属于混合物；B项，纯碱、醋酸铵均属于强电解质；C项，氯气既不是电解质也不是非电解质。10A项，反响的化学方程式为Ba(OH)2+H2SO4=BaSO4+2H2O，正确；B项，NaHCO3在溶液中电离出的HCOeq oal(,3)不能完全电离，故在离子方程式中只能写为HCOeq oal(,3)形式，离子方程式正确；C项，Al(OH)3溶于强碱，而氨水属于弱碱，故参加过量的氨水时生成的是Al(OH)3沉淀而不是AlOeq oal(,2)，正确的离子方程式

4、为Al3+3NH3H2O=Al(OH)3+3NHeq oal(,4)；D项，符合氧化复原反响的规律，且遵守电荷守恒和质量守恒，正确。11Cl2和NaOH反响时，1mol Cl2转移1mol电子；有的阴离子还有氧化性，如SOeq oal(2,3)，有的阴离子在一定条件下还有强氧化性，如NOeq oal(,3)在酸性条件下，氧化性很强；有些化合反响不是氧化复原反响，故不正确的是。12NHeq oal(+,4)与OH在加热条件下反响放出氨气，氨气能使湿润的红色石蕊试纸变蓝。13H3PO2是复原剂，Ag+是氧化剂。根据H3PO2与Ag+反响中两者物质的量之比为14，4mol Ag+在反响中得到4mol

5、 e，1mol H3PO2那么失去4mol e，所以P元素将显+5价，产物为H3PO4，即氧化产物为H3PO4，故D正确。14因为图象只有两个方向，所有能作出图的运动轨迹都是直线，故A错误。图象的斜率表示速度，由图可知，020s内斜率先变大再变小，1620s斜率为0，所以质点停止运动，故B、C错误。15此题考点是动态平衡，重力的大小方向不变，支持力的方向不变，通过作图法得支持力不断减小，拉力FT先减小后增大。16小球先竖直向上做匀减速直线运动，速度减到零后自由下落，因为竖直上抛运动具有对称性，所以物体从最高点下落到A点的时间，下落到B点的时间，。17图象的斜率表示加速度，与坐标轴所围的面积表示

6、位移的大小，由图可得03s位移约为2.3m且速度在增大，加速度与速度同向都是竖直向上，物体处在超重状态，故A、B正确。38s物体速度在减小，加速度与速度反向，加速度方向向下，物体处在失重状态，支持力小于重力，故D正确。从到这段时间内，加速度先增大后减小，故C错误。18因为小物块m恰好能沿斜面匀速下滑，所以，施加竖直向下的力时小物块继续匀速下滑，故A错误。小物块m恰好能沿斜面匀速下滑时通过受力分析可知M不受地面的摩擦力，所以给小物块m施加平行于斜面向下的力F时，M的受力与其匀速下滑时一样，所以不受水平地面的摩擦力作用，故B错误。假设给小物块施加一个水平向左的恒力F，使m和M都处于静止状态，m可能

7、不受摩擦力作用，所以可能只受3个力作用，故C正确。假设给小物块施加一个水平向左的恒力F，使m和M都处于静止状态，那么m对M的作用力大小为，故D错误。19弹簧的拉力是不能突变的，绳子被烧断瞬间，弹簧弹力，B小球受到的合力为0，故A正确，B、D错误。对A小球，故C正确。20由与比照可得加速度的大小，汽车刹车后做匀减速运动，汽车运动时间，总位移，第1s内的位移，第3s内的位移，73，故C、D正确。21为nwei 速度身子设A和B之间有相对滑动，取A物体为研究对象，A物体的加速度，取B、C物体为研究对象，B、C通过细绳相连，所以加速度大小相等，因为，所以假设成立，A和B之间有相对滑动。B物体受到的摩擦

8、力大小，方向向左。取C物体为研究对象，有，。三、非选择题共174分一必考题：共11小题，共129分。22每空2分，共6分1略2保存2位有效数字3D【解析】2，。3欲求拉力的大小，需知形变量，所以需测原长，故A错误。橡皮筋的劲度系数适宜可减小误差，太大也会增大误差，故B错误。进行力的合成时，应按照力的大小确定标度画力的图示，所以力的作用线不一定与橡皮筋长度相等，故C错误。O点位置不影响力的合成，故D正确。23每空3分，共9分12或2.00 0.383 2C【解析】，所以，AB段时间中点的速度，；，。2412分解：1物块沿斜面下滑时有由、可得2物块滑上水平面后，有当物块速度与人的速度相等时，有人在

9、水平面上通过的位移物块在水平面上通过的位移由得所以能追上评分标准：此题共12分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。2520分解：1对小物块由牛顿第二定律有，解得假设小物块一直加速到右端，设到右端速度为得，解得因为，所以小物块先加速到与传送带共速，然后一起匀速运动至右端设需时间加速到共速时间内皮带位移时间内小物块位移2小物块滑上木板时速度，加速度大小设木板的加速度为两者速度相等有解得对木板由牛顿第二定律有解得3由于，共速后小物块将以匀减速到停止，而木板以匀减速运动对木板由牛顿第二定律有得全过程木板位移，解得全过程小物块位移所以板长评分标准：此题共20分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1

10、分。26除特殊标注外，每空1分，共14分1C2产生等量胆矾途径消耗硫酸少途径不会产生污染大气的气体3CuO、Cu(OH)2、CuCO3、Cu2(OH)2CO3任填一种均可43.23.92分54Cu2+3H3PO2+6H2O=4CuH+8H+3H3PO42分 0.56阳极 2Cu2+2e+H2O=Cu2O+2H+2分减小7硫酸铜在乙醇中溶解度较小且乙醇易挥发【解析】此题为一道涉及胆矾制备的无机工艺流程题，根据制备流程，不难看出：1溶液B中一定含有Cu2+、Fe3+，可能含有Fe2+，参加试剂X的目的是将Fe2+氧化为Fe3+，试剂X应符合不引入杂质的要求，应选择H2O2。2由粗铜通过途径制取胆矾

11、，使用浓硫酸会产生污染性气体二氧化硫，同时由于产生二氧化硫，硫酸的利用率也降低，消耗硫酸更多。3参加试剂Y的目的是调节溶液的pH使Fe3+沉淀，Y同样要求不引入杂质即含铜元素的碱性化合物，故可选择CuO、Cu(OH)2、CuCO3、Cu2(OH)2CO3等。4参加试剂Y应使Fe3+完全沉淀，故pH应大于3.2，同时保证Cu2+尚未开始沉淀，通过完全沉淀的pH为6.4，计算出Cu(OH)2的Ksp，再结合Cu2+的初始浓度计算出Cu2+开始沉淀的pH为3.9。5生成氢化亚铜的反响是氧化复原反响，根据提示可得到离子方程式：4Cu2+3H3PO2+6H2O=4CuH+8H+3H3PO4，生成1mol

12、 CuH转移3NA个电子，故转移1.5NA个电子，生成CuH的物质的量为0.5mol。6电解过程中无气体产生，那么铜棒作阳极，生成Cu2O的电极反响式为2Cu2+2e+H2O=Cu2O+2H+，根据得失电子守恒，阳极生成1mol Cu2+，阴极需消耗2mol Cu2+，故滤液E的浓度减小。7乙醇代替蒸馏水洗涤晶体的目的是硫酸铜在乙醇中溶解度较小且乙醇易挥发。27每空2分，共14分1分液2ABD漏选扣1分，错选得0分3BC漏选扣1分，错选得0分4KIO35b63HCOOH + IOeq oal(,3)=I + 3CO2+ 3H2O787.3【解析】2适用于萃取的试剂要求溶质在萃取剂中溶解度大，且

13、与原溶剂及溶质均不反响，与原溶剂不互溶，应选ABD。3B项，K2O2 2KOH，即55g K2O2得1mol KOH，KOH的摩尔质量为56g/mol，当称取相同质量的固体时，含K2O2时得到较多KOH，故所配溶液浓度偏高；C项，未冷却转入导致最后溶剂体积小，故浓度偏大。4由条件可知，3I2+6KOH=KIO3+5KI+3H2O，故氧化产物为KIO3。5恒压滴液漏斗不需要翻开a，就能保证滴液漏斗和圆底烧瓶压强一致，且防止溶液的挥发。712.7g I2的物质的量为0.05mol，KOH的物质的量为0.125mol，由3I2+6KOH=KIO3+5KI+3H2O可知，KOH过量，KIO3被HCOO

14、H复原也生成KI，故理论上0.05mol I2可生成0.1mol KI质量为16.6g，所以，实验中KI的产率为。28除特殊标注外，每空2分，共15分4NO+3ClOeq oal(,2)+4OH=4NOeq oal(,3)+2H2O+3Cl12NO(g)+C(s)eq o(,sup7(),sdo6()CO2(g)+N2(g) 573.75kJ/mol2或0.5625 反响放热，甲、丙容器容积相同，反响起始量相同，达平衡时，K(丙)K(甲)或丙达平衡的时间比甲短10.375mol/(Lmin)2Ea(A)Ea(B)BC，相同时间内生成的N2越多，反响速率越快，活化能越低，故该反响活化能Ea(A)

15、、Ea(B)、Ea(C)由小到大的顺序是Ea(A)Ea(B)Ea(C)。3催化剂不会影响值，故a错误；升高温度可使平衡右移，使得二氧化氮浓度增大，容器内气体颜色加深，故b正确；根据反响，8NH3(g)+6NO2(g) eq o(,sup7(),sdo6()7N2(g)+12H2O(l)，单位时间内生成8个NH3，同时生成12个H2O时，说明反响已经到达平衡，即形成NH键与OH键的数目相等时，故c正确；假设在恒容绝热的密闭容器中反响，当平衡常数不变时，说明温度已经不变，说明反响已无热量变化，说明反响已经到达平衡，故d正确。29除特殊标注外，每空1分，共10分1类胡萝卜素蓝紫2阴天3线粒体不能2分

16、夜晚不能进行光反响，不能为暗反响提供ATP和H2分4CO2能够在夜晚转化为酸性物质储存起来，在白天酸性物质分解释放出CO22分30每空2分，共10分1基因突变提前出现终止密码子合理即给分隐性基因不转录；隐性基因转录后不翻译；隐性基因编码的蛋白质无活性或活性低2非同源染色体上的非等位基因 16 31除特殊标注外，每空2分，共8分1摄取和处理淋巴因子1分浆1分2更多的记忆细胞和抗体3疫苗失效；疫苗在保存和运输过程中没有冷藏处理合理即给分32除特殊标注外，每空1分，共11分1消费者能够加快生态系统的物质循环对于植物的传粉和种子的传播等具有重要作用2自然选择基因3物理信息和行为信息2分4一种生物以另一

17、种生物作为食物2分5分解者自身呼吸作用二选考题：共45分。3315分15分ADE选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分【解析】第一类永动机不可能制成，是因为违背了能量守恒定律，故A正确。由热力学第二定律可知：热量不可能自发地从低温物体传到高温物体而不引起其他的变化，故B错误。当分子间的距离小于时，随着距离的增大，分子间的势能在变小，故C错误。气体吸收热量的同时可以向外做功，内能不一定增加，故D正确。一定量的理想气体满足，压强不变，体积增大，气体对外做功。温度升高，内能增大，由可知气体一定从外界吸收热量，故E正确。210分设初始时气体的压强为重物和地面之

18、间刚好无挤压作用，绳子拉力由受力平衡得设轻绳拉力为零时气体的压强为p，温度为T由受力平衡得由理想气体等体积变化得解得ii因为缓慢降低温度，活塞处于动态平衡，所以理想气体的压强恒为所以理想气体是等体变化所以评分标准：此题共10分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。3415分15分BCE选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分【解析】由图乙可知时刻Q从平衡位置向上振动，所以机械波的传播方向是沿x轴正方向。由图甲得，图乙得周期，所以波速，时质点P从平衡位置上方向下振动，那么半个周期前振动方向向上；P在半个周期内通过的路程为，故B、C、E正确。210分解：

19、iab与AD夹角，那么折射角为，所以ii全反射的临界角为C，解得所以入射光线在AB边上发生全反射不能射出，光线将从CD边上射出设ab与BD之间的距离为x，由几何关系可得所以光束在棱镜中走过的最短路程光束在棱镜中的传播速度光束从棱镜中射出的最短时间所以评分标准：此题共10分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。35除特殊标注外，每空2分，共15分11141分21分 31分3答比值不给分4原子晶体1分 GeO2、SiO2都是原子晶体，Si原子半径小于Ge，SiO2中共价键键长短，键能大，熔点高5四面体型答正四面体不给分1分 HSOeq oal(,3)或其他合理答案6RC8【解析】3由题意知，硅的晶胞结构如下列图，那么该晶胞中含有硅原子的个数为，8个硅原子的体积为cm3，晶胞的体积为 QUOTE 288NAcm3，那么硅晶胞中原子的体积占晶胞体积的百分率为。6结合题图可得，晶胞中R原子数目，C原子数目，那么该