2022年至2022年高一上期期末考试物理试卷(安徽省黄山市)

1、 PAGE 92022 年至 2022 年高一上期期末考试物理试卷（安徽省黄ft市）选择题下列说法中正确的是（）物体运动的方向和受力的方向总是相同的作用力和反作用力一定是同时产生同时消失摩擦力的大小一定与物体所受的重力大小成比合力一定大于分力【答案】B【解析】物体运动的方向和受力的方向可以不同，如平抛运动，故 A 错误； 作用力和反作用力一定是同时产生同时消失，故 B 正确；摩擦力的大小不一定与物体所受的重力大小成比，比如：用手按住一个物体在天花板上滑动，故 C 错误；合力大小可以等于、小于或大于分力的大小， 故D 错误。所以B 正确，ACD 错误。选择题一个石子从高处释放，做自由落体运动，已

2、知它在第 1s 内的位移大小是x，则它在第 3s 内的位移大小是（）A. 5x B. 7x C. 9x D. 3x【答案】A【解析】运用初速度为零的匀变速直线运动的推论直接求解。石子做自由落体运动，自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动；初速度为零的匀加速直线运动，在第1T、第2T、第3T 时间内的位移之比为 1：3：5；已知始终在第 1s 内的位移大小是x，则它在第 3s 内的位移大小是 5x，故 A 正确，BCD 错误。选择题汽车在平直公路上 v010m/s 的速度行驶，因前方有路障，即以大小为 a=2m/s2 的加速度刹车，经过 6s 汽车的位移为()A. 24m B. 30m C.

3、96m D. 25m【答案】D【解析】试题汽车速度减为零的时间，则汽车在内的位移等于内的位移，故选项D 正确。选择题如图所示，细绳下悬挂由轻弹簧连接的物体A 和B，质量均为m。系统处于静止状态，绳和弹簧质量不计。则剪断绳的瞬时，物体 A 和B 的加速度 aA、aB 大小分别为（ ）A. aAg，aBg B. aA0，aB0C. aAg，aB0 D. aA 2g，aB0【答案】D【解析】剪断绳前，以 B 为研究对象，可得弹簧的弹力 Fmg，剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变，对A 分析，根据牛顿第二定律得，A 的加速度，方向竖直向下。对B 分析，B 所受的合力仍为零，加速度为零，故D 正确，ABC

4、错误。剪断绳前，根据共点力平衡条件求出弹簧弹力的大小，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，然后根据牛顿第二定律分别求出A、B 的加速度大小。选择题一质量为 m 的人站在电梯中，电梯加速上升，加速大小为，g 为重力加速度。人对电梯底部的压力为（ ）A.B. 2mg C. mg D.【答案】D【解析】解：对人分析，根据牛顿第二定律得，Nmg=ma，解得 N=误，所以人对电梯底部的压力为故 D 正确，A、B、C 错故选：D 选择题如图所示，竖直放置的圆，其竖直直径为 AB小球在 A 点由静止释放，分别沿光滑轨道AC、AD、AE 运动至圆周上C、D、E 点，用时分别为 t1、t2、t3，则（）A. t1t

5、2t3 B. t1t2t3 C. t1t2t3 D. t1t2t3【答案】C【解析】对小球分析受力，小球受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小球做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为，（为杆与竖直方向的夹角）由图中的直角三角形可知，小球的位移 xdcos（d 是圆的直径）由x at2，解得：t3，故 C 正确，ABD 错误。，所以t 与无关，即t1t2先对任一轨道，分析小球的受力，再根据牛顿第二定律计算出小球沿任意一根轨道滑动的加速度，然后根据位移时间关系公式计算出时间，对表达式分析，得出时间与各因素的关系后得出结论。选择题光滑斜面倾角为，用平行于斜面向上

6、的力F，作用在质量为m 的物体上，物体由静止开始运动时间 t 后，撤去力 F，又经 t 时间， 物体恰回到出发点。则（ ）A. F 2mgsin B. 4F 3mgsin C. 3F 4mgsin D. 3Fmgsin【答案】C【解析】以物体为研究对象，对物体受力分析，撤去F 前，根据牛顿第二定律得：Fmgsinma1，撤去 F后根据牛顿第二定律得：mgsinma2，撤去 F 之前物体做匀加速直线运动，x a1t2，撤去 F 时速度va1t，撤去 F 后，x2vta2t2，物体能回到出发点 x2x1，联立以上各式得：a23a1，3F4mgsin ，故 ABD 错误，C 正确。将撤去F 后的过程

7、看成一个匀减速直线运动，匀加速直线运动和这个匀减速直线运动的位移大小相等、方向相反，由位移关系和位移时间公式列式求出加速度之比。由牛顿第二定律求F。选择题下列说法正确的是（）研究地球绕太阳公转轨迹时，可以将地球看成是质点伽利略研究自由落体运动的斜面实验“冲淡”了重力的作用， 便于小球运动时间的测量北京地面的重力加速度比上海地面的重力加速度略大“千克”、“米”、“秒”、“牛顿”都属于国际单位制的基本单位【答案】ABC【解析】如果研究地球公转时，地球的大小和形状可以忽略，可以看作质点，故A 正确；伽利略时代，没有先进的测量手段和工具，为了“减小”重力作用，采用斜面实验，其实就是为了使物体下落时间长

8、些， 减小实验误差，故 B 正确；根据重力加速度分布的特点可知，北京地面的重力加速度比上海地面的重力加速度略大，故 C 正确；“千克”、“米”、“秒”、都属于国际单位制的基本单位，“牛顿”属于导出单位，故D 错误。所以 ABC 正确，D 错误。选择题下列四个图象分别描写甲、乙、丙、丁四个物体的位移、速度、加速度和所受的合外力与时间的关系。关于四个做直线运动物体的运动，下列说法正确的是（）甲物体做匀加速直线运动乙物体做匀速直线运动丙物体做匀减速直线运动丁物体做加速度大小先减小后增大的直线运动【答案】BD【解析】匀加速运动是指物体的加速度保持不变，即不但加速度的大小保持不变，加速度的方向也要保持不

9、变。由于甲图是位移时间图象，其斜率代表物体的速度，斜率不变， 说明甲物体做匀速直线运动，故 A 错误；由于乙图是速度时间图象，由图可知乙做匀速直线运动，故 B 正确；丙图是加速度时间图象，由图可知物体的加速度随时间减小，故丙的做的是非匀变速运动，故C 错误；丁图是合外力 F 随时间变化的关系图象，由图可知 F 的大小先减小后反向增大，故物体的加速度先减小然后反向增大，故D 正确。所以 BD 正确，AC 错误。选择题如图所示，从弹簧上方某点自由下落的小球，从接触到竖直放置的弹簧，到弹簧的压缩量最大的过程中，小球的速度及所受合力大小的变化情况正确的是（ ）A.速度先变大，后变小 B.速度先变小，后

10、变大C.合力先变大，后变小 D. 合力先变小，后变大【答案】AD【解析】根据小球下落与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况。开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：F=mgkx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；当 mg=kx 时，合外力为零，此时速度最大； 由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kxmg，方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大。即整个过程中合外力先变小

11、后变大，速度先变大后变小，故 AD正确， BC 错误。选择题如图所示，材料相同，质量分别为M 和m 的两物体A 和B 靠在一起放在水平面上。用水平推力 F 向右推A 使两物体一起向右加速运动时（图甲），A 和B 之间的作用力为 F1，加速度为 a1用同样大小的水平推力 F 向左推 B 加速运动时（图乙），A 和 B 之间的作用力为 F2，加速度为 a2则（ ）A. F1：F21：1 B. F1：F2m：M C. a1：a2M：m D. a1：a21：1【答案】BD【解析】分别对A 和B，应用整体法可以求得系统的共同的加速度的大小，再采用隔离法 对 A 或B 受力分析，可以求得物体之间的作用的大

12、。用水平推力F 向右推A 时，对整体由牛顿第二定律得：F（M+m）g（M+m）a1，对于 B 由牛顿第二定律得：F1mgma1，解得：，用水平力F 向左推B 时，对 AB 整体由牛顿第二定律得：F（M+m）g（M+m）a2，对于 A 由牛顿第二定律得：F2MgMa2，解得：，a1：a21：1，故 BD 正确，AC 错误。，所以Fl：F2m：M，实验题打点计时器是用来测量 的仪器。电火花式打点计时器使用的电源是 。（选填“6V 交流电源”或“220V 交流电源”）【答案】时间 220V 交流电源【解析】打点计时器是用来计时的仪器；电火花计时器的工作电源是220V 的交流电源； 实验题（1）计算A

13、 到D 的平均速度 = m/s某同学在做“测匀变速直线运动的加速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况在纸带上确定出 A、B、C、D、E、F、G 共 7 个计数点，相邻两点间的距离如图，每两个相邻的计数点之间的时间间隔为 0.10s计算出打下 B 点时小车的瞬时速度（小数点后保留两位有效数值）vB= m/s PAGE 10试计算小车运动的加速度 a= m/s2【答案】 0.44 0.40 0.80【 解 析 】 :（ 1）A到D的 平 均 速 度:;（3）根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小,即：（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度可得

14、:有以上公式可得：综上所述本题答案是：（1） 0.44（2）. 0.40（3）. 0.80实验题为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置，其中M 为带滑轮的小车的质量，n 为砂和砂桶的质量，（滑轮质量不计）1（1）实验时，一定要进行的操作或保证的条件是 A用天平测出砂和砂桶的质量 B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力 C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数 D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带 E为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m 远小于小（2）以弹簧测力计的示数 F 为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a-F 图

15、像是一条直线，图线与横轴的夹角为 ，求得图线的斜率为 k，则小车的质量为 车的质量M【答案】（1）BCD（2）【解析】试题分析：（1）本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故 A 错误，E 错误；该题是弹簧测力计测出拉力， 从而表示小车受到的合外力，故需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，同时保持弹簧测力计及其连接线与长木板平行，故 B 正确；打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带， PAGE 16（3）对图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，此题，弹簧测力计的示数，故小车质量为。该实验探究加速度

16、与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故C 正确；改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F 变化关系，故D 正确。解答题一艘快艇以 2m/s2 的加速度在海面上做匀加速直线运动，快艇的初速度是 6m/s。求：（1）这艘快艇在 4s 末的速度大小；（2）8s 内经过的位移大小。【答案】（1）14m/s；（2）112m。【解析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出快艇的速度，结合位移时间公式求出快艇的位移。（ 2 ） 根据运动学公式， 快艇运动t 8s时的位移：（1）根据运动学公式，快艇运动t4s 时的速度则 vtv0+at6m/s+2m/s24s14m/s解答题如图所

17、示，已知均匀球重40N，悬挂在光滑竖直墙边并处于静止状态，绳与墙夹角为 37角，（sin370.6，cos370.8）。求：轻绳对球的拉力 FT；墙对球的支持力 FN。【答案】（1）50N方向沿绳子向上（2）30N方向水平向右。【解析】对球受力分析，利用合成法可关键平行四边形，由平衡条件求解即可。对球受力分析如图所示：根据物体的平衡条件可得：由几何关系得：FTcos37G 解得：FT50N方向沿绳子向上FNGtan3730N方向水平向右解答题在平直公路上运动的汽车经过某位置时，从一辆同向匀速运动的自行车旁经过。以该位置为原点，自行车和汽车位移随时间的变化关系是（均为国际单位）：自行车 x16t

18、，汽车 x210t（ ）t2求：经过多长时间自行车能追上汽车？自行车追上汽车时，汽车速度多大？自行车追上汽车前，二者间最大距离是多少？【答案】（1）16s（2）2m/s（3）16m【解析】根据各自运动的位移时间关系，再根据追及相遇问题的条件位移相等由公式求解即可由题意知，自行车匀速运动的速度 v 自6m/s，汽车做匀减速运动，其初速度 v010m/s，加速度大小 a0.5m/s2自行车能追上汽车时，两者在同样的时间 t 内通过的位移相等。即：代入数据解得：t16s设汽车经过汽车 t0 时间停止，根据运动学公式：vtv0+at， 即：010m/s+（0.5m/s2） t0，解得：t020s因为tt0，所以经过 16s 自行车追上汽车根据运动学公式，自行车追上汽车时，汽车速度vv0+at10m/s+（0.5m/s2）16s2 m/s经分析，自行车追上汽车前，当汽车速度等于自行车时， 二者之间距离最大。设经时间 t，二者速度相等：v0+atv 自即：10m/s+（0.5m/s2） t6m/s解得：t8s此时，二者相距：代入数据解得：x=16m 解答题如图所示，质量为M8kg 的小车放在光滑的水平面上，在小车右端加一水平恒力 F5N，当小车向右运动的速度达到 1.5m/s 时， 在小车最右端轻轻地放上一个大小不计的质量为 m2kg 的小物块， 物块与小车的动摩擦因素是 0