2022届高三上学期新课标全国三卷物理模拟试题1-含答案

1、新课标全国三卷高考物理模拟一一、选择题(本题共8 小题。共计48 分，在每小题给出的四个选项中， 14 到 18 题只有一个正确选项，19 到 21 有多个正确选项，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分 )14下列说法正确的是( )A 232 Th 经过 衰变和 衰变后成为稳定的原子核208 Pb ，铅核比钍核少 24 个中子 90 82B发现中子的核反应方程9 Be + 4 He 12 C + 1 n ，属于原子核的人工转变 4 2 6 0C 200 个238 U 的原子核经过两个半衰期后剩下 50 个238 U 92 92D 235 U 在中子轰击下生成94 S

2、r 和140 Xe 的过程中， 235 U 核的比结合能比94 Sr 核的比结合能大 92 38 54 92 381A卫星 A 与卫星 B 的线速度大小之比为 n1B卫星 A 与卫星 B 的向心加速度之比为 n21C卫星 A 与卫星 B 的周期之比为n3D卫星 A 的质量大于卫星 B 的质量17如图所示，左侧是半径为 R 的四分之一圆弧，右侧是半径为2R 的一段圆弧。二者圆心在一条竖直 线上，小球 a、b 通过一轻绳相连，二者恰好于等高处平衡。已知37，不计所有摩擦，则小球a、b的质量之比为( )15某物体做直线运动的v-t 图象如图所示，据此判断四个选项中(F 表示物体所受合力， x 表示物

3、体的位移)正确的是( )A BC DA 3 4 B 3 5 C 4 5 D 1 218 1831 年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上， A 线圈与电源、滑动变阻器R 组成一个回路， B 线圈与 开关 S 及电流计 G 组成另一个回路。如图所示，通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件。关于该实验下列说法正确的是( )A闭合 S 的瞬间， G 中有 ab 的感应电流B闭合 S 的瞬间， G 中有 ba 的感应电流C闭合 S 后， R 的滑片向左移动的过程， G 中有 ab 的感应电流16 2020 年 7 月 23 日 12 时 41 分，我国在海南岛东北海岸中国文昌航天发射场，用长征五号

4、遥四运载 火箭将我国首次火星探测任务“天问一号”探测器发射升空，飞行 2000 多秒后，成功将探测器送入预定 轨道，开启火星探测之旅，迈出了我国自主开展行星探测的第一步。已知火星的两个卫星A 和 B，卫星的轨道可以看作是圆形的，卫星A 轨道半径是卫星B 轨道半径的 n 倍，则( )D闭合 S 后， R 的滑片向左移动的过程， G 中有 ba 的感应电流19如图所示，在虚线右侧区域内存在磁感应强度为B 的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q 的电子以 速率 v0从 P 点射入匀强磁场，并从 Q 点射出，入射方向与边界夹角为 ，下列说法正确的是( )A BC D21匀强电场中有一与电场方向平行的扇形A

5、OB 区域，如图所示，圆心角9 120 ，半径R = 1m ，A该匀强磁场的方向是垂直纸面向里其中 C、D、F 将圆弧 AB 四等分。已知Q = 9V ，Q = 0 ，Q = 3V ，以下说法正确的是( )A B OB电子在磁场中做圆周运动的半径为9mvqB C电子在磁场中运动时间29mqBD电子的速度方向都改变了 A Q = 6V DB Q = 3V F20如图所示，在宽度为L 的倾斜光滑金属导轨上，有质量为m 的金属杆 MN，导轨下端有一个阻值为R 的电阻，不考虑其他地方的电阻，虚线下方有垂直导轨向上的磁场，磁感应强度为B ，MN 棒在导轨上可能的运动情况正确的是( )C电场方向沿 AO

6、连线方向D场强大小为 3V/m二、实验题(共计两道题，共计 15 分，其中第 22 题， 6 分，每空 2 分； 23 题， 9 分) 22 (一)读出下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数游标卡尺的读数_mm；螺旋测微器的读 数_mm。(二)某研究小组采用了如图甲所示的实验装置“验证机械能守恒定律”，在一根不可伸长的细线一端系 一个金属小球，另一端固定在 O 点，记下小球静止时球心的位置 A，在 A 处放置一个光电门，将小 球拉至某一位置由静止释放。当地重力加速度用 g 表示。(1)为验证机械能守恒，除了要测量小球释放点球心距 A 点高度 h，还需要测量哪些物理量_(请同时写出物理量的字母)，若等

7、式_成立，说明图甲小球下摆过程中机械能守恒。 (用题中测 得的物理量字母表示)(2)若撤去光电门，在 O 点安装一个拉力传感器，测出线上的拉力 F，实验中记录细线拉力大小随 时间的变化如图乙所示(Fm 是实验中测得的最大拉力值)在小球第一次运动至最低点的过程，根据重 力势能的减少量和动能的增加量之间的关系， 也可验证机械能守恒定律。 观察图乙中拉力峰值随时间变 化规律，从能量的角度分析造成这一结果的主要原因为： _。23如图所示，图 1 为多用电表中欧姆表的电路图，已知灵敏电流计表头内阻Rg=900，满偏电流 Ig=100A，电源电动势 E=1.5V，内阻 r=1。定值电阻 R1=10 ，R2

8、=90。图 2 为多用电表的表盘，请 回答下列问题：(1)电源的 _ 端为正极(填 “左”或“右”)(2)当电键拨至 1 时，欧姆表的倍率是_ (填“10”或 “100”)。(3)某同学把电键拨至 2 后，进行欧姆调零，当调零完毕时，滑动变阻器接入电路的电阻应为 _ 。接着测量某一电阻，电表指针指示位置如图2 所示，则该电阻阻值为_ 。三、计算题(共 2 道题，总分 32 分， 24 题 14 分， 25 题 18 分,要写出必要的解题过程才给分) 24如图所示，一条固定的轨道，其中 ab 段水平粗糙， bcd 段是处于竖直平面内的光滑半圆轨道， bd 是竖直的直径、轨道半径为R。可视为质点的

9、物块 A 和 B 紧靠在一起，静止于 b 处。两物块在足够大 的内力作用下突然分离，分别向左、右运动。 A 恰好能运动至 d 点，然后从 d 点沿水平方向脱离轨道， 并落到水平轨道的 e 点上(图中未画出)，已知重力加速度为 g，不计空气阻力。(1)求物块 A 从 d 点运动至 e 点过程的水平位移大小；(2) 若物块 B 恰好运动至 e 点停下， 已知 B 与水平轨道间的动摩擦因数 =0.2，求物块 A 与 B 的质量之比。25如图所示，一质量为m = 1.0 102kg 、带电荷量大小为q = 1.0 106 C 的小球，用绝缘细线悬挂在 水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向

10、左与竖直方向夹角为=37。小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度g 取10m / s2。求： (sin37。= 0.6 ，cos37。= 0.8 )(1)电场强度 E 的大小；(2)若在某时刻将细线突然剪断，求经过 1s 时小球的速度大小 v 及方向。(3)若撤去电场，求小球摆到最低点时细线的弹力的大小。(1)如图所示，一定质量的理想气体经历了ABCDA 的循环过程，其中 CD 为等温过程，下列说法正确的是( )33.物理【3-3】15 分)填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错1 个扣 3 分，最低得分为 0 分)。A AB 过程气

11、体温度升高，气体向外界放热B BC 过程气体对外界做功，气体温度升高C CD 过程气体内能不变，气体从外界吸热D DA 过程气体分子在单位时间内与器壁单位面积碰撞的次数增加E.ABCDA 整个过程中气体对外界做的功小于外界对气体做的功(2)如图所示，一端封闭的U 型玻璃管竖直放置，封闭端空气柱的长度L=40cm，管两侧水银面的高度差为 h=19cm，大气压强恒为 76cmHg。(1)若初始温度 27，给封闭气体缓慢加热，当管两侧水银面齐平时，求气体的温度；(2)若保持温度 27不变，缓慢向开口端注入水银，当管两侧水银面齐平时，求注入水银柱的长度。a = m 4b14 B【详解】A根据质量数和电

12、荷数守恒可知，铅核比钍核少8 个质子，少 16 个中子， A 错误；B发现中子的核反应方程9 Be + 4 He 12 C + 1 n ，属于原子核的人工转变， B 正确； 4 2 6 0C 半衰期是放射性元素的大量原子衰变的统计规律，对个别的原子没有意义， C 错误；D 235 U 在中子轰击下生成94 Sr 和140 Xe 的过程中， 235 U 核的比结合能比94 Sr 核的比结合能小， D 错 92 38 54 92 38误；故选 B。15 B【详解】A根据 v-t 图象的斜率可知： 02s 内与 68s 内物体的加速度大小相等、方向相同， 故所受合力相同， A 错误；B 26s 内物

13、体的加速度恒定，合力恒定，且大小与02s 内的相同，方向与 02s 内相反， B 正确； CD根据 v-t 图象可知， 04s 内物体先沿正方向做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动， 48s 内先沿负方向做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，再结合v-t 图线包围面积的意义可知， 04s 内物体的位移不断增大， 4s 末达到最大值， 8s 末返回到出发点， CD 错误。故选 B。16 B【详解】对两颗卫星，根据Mm v2 4 2G = m = m r = mar2 r T2可得GMv =r4 2 r3T =GMa= GMr21 1因 rA=nrB，则卫星A 与卫星 B 的线速度大小之比为

14、n ；卫星A 与卫星 B 的向心加速度之比为 n2 ；卫星 A 与卫星 B 的周期之比为 n3 ，不能确定两卫星的质量关系。故选 B。17 A【详解】对 a 和b 两个小球受力分析，受力分析图如图所示由几何关系知cos = (2R R) + Rsin9 = 0.8 2R故 37因一根绳上的拉力相等，故拉力大小都为FT ，由力的平衡条件可知小球 a 受到的拉力FT magcos37小球 b 受到的拉力FT mbgsin37联立可解得m 3故选 A。qv B = mv020 rr = mv0qBE = AO = 6V/mR18 D【详解】AB在滑片不动的情况下，线圈 A 中通过的是恒定电流，产生的

15、磁场是恒定的，所以线圈B 中不产生 感应电流，选项 A 、B 错误；CD在向左移动滑片的过程中，线圈 A 中电流减小，即线圈B 处于逐渐减弱向下的磁场中，由安培定 则和楞次定律知，电流表中的电流从 b 到 a，故选项 C 错误， D 正确。故选 D。19 AC【详解】A 电子带负电，根据左手定则可知，该匀强磁场的方向垂直纸面向里， A 正确；B电子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，则有即B 错误；C电子在磁场中运动的时间为t = 29r = 29 mv qB0C 正确；D根据几何关系，所有电子的偏向角为29 ，即所有电子的速度方向都改变了29 ，D 错误。 故选 AC。20 BCD【详解】A MN

16、 棒到达磁场前做匀加速直线运动，所以A 错误；B由于到磁场的距离不确定，当达到磁场的速度vmgRsin9B2L2时， FAmgsin ，MN 棒接着做加速度减小的减速运动，所以 B 正确；C当达到磁场的速度vmgRsin9B2L2时， FAmgsin ，MN 棒接着做加速度减小的加速运动，所以C 正确；D当达到磁场的速度v= mgRsin9B2L2时， FA=mgsin ，MN 棒接着做匀速直线运动，所以D 正确。故选 BCD。21 ABC【详解】AB连接 AB、OC、OD、OE，交点分别为 I、H、G， OIG为等边三角形， OAI 、 OBG为等腰三角形，如图所示由几何关系可得AI=IG=

17、GB即 I、G 为 AB 的三等分点，由于匀强电场电势均匀变化，可得 = 6V ， = 3VI G故 OF 为电势 3V 的等势面，由几何关系可得DI 连线垂直于 OA，与 OF 平行，为电势 6V 的等势面， 即 = 6V ， = 3VD FAB 正确；C电场方向垂直于等势面指向电势较低一侧，故沿AO 连线方向， C 正确；D场强大小为Um g = m vA A RD 错误。故选 ABC。22 10.55mm 7.470mm 小球的直径 d，小球通过光电门时的挡光时间t (|( t)|2 = gh克服空气阻力做功，导致每次经过最低点动能都减小一些，所需的向心力减小一些，所以细线最大拉力 逐渐

18、减小【详解】(一) 1游标卡尺的读数为11cm + 11根 mm=10.55mm202螺旋测微器的读数7mm + 47.0根0.01mm=7.470mm(二) (1) 34要验证机械能守恒定律，选取小圆柱体从光电门2 运动到光电门 1 的过程中，要验证机械能守恒即验证为1 d m()2 = mgh2 At即1 d ( )2 = gh2 At故还需要测量小球的直径 d，以及小球通过光电门时的挡光时间t。(2) 5观察图乙中拉力峰值随时间减少，说明到最低点时速度减小，分析其原因主要是克服空气阻力 做功，导致每次经过最低点动能都减小一些，所需的向心力减小一些，所以细线最大拉力逐渐减小。23右 100

19、 139. 1 140【详解】 (1)1在多用电表的使用过程中，我们需要让电流从红笔流入，黑笔流出，所以在当欧姆档使用时，黑 表笔接着内部电源正极，所以电源的右端为正；(2)2当电键拨至 1 时，这时候电流表等效的量程为I Rg R + R gI，= g g + I = 1000A=1根10-3A1 2所以这时候的中值电阻为E 1.5R =R = = Q = 1500Q=15根100Q 内 中 I， 1根10-3g所以当电键拨至 1 时，欧姆表的倍率是“100”；(3)3 当电键拨至 2 时，这时候电流表等效的量程为I (R +R )I，= g g 2 + I = 10000A=1根10-2

20、Ag R g1等效内阻为R，= = 9.9Qg I，g所以这时候的中值电阻为E 1.5R =R = = Q = 150Q=15根10Q 内 中 I， 1根10-2g所以滑动变阻器接入电路的电阻为R =R - R，- r = 150Q - 9.9Q - 1Q = 139.1Q滑 内 g4所以当电键拨至 2 时，欧姆表的倍率是“10”，所以该电阻阻值为 R= 14.0根10Q = 140Q224 (1) 2R；(2) 5【详解】(1)设物块 A 与 B 的质量分别为 mA 、mB ，A 经过 d 点时，有从 d 点水平抛出，经过时间 t 落到水平轨道上，有12R = gt22dx = v t联立解

21、得水平位移大小x=2RA = 1(2)A 和 B 分离时动量守恒，得m v = m vA 1 B 2A 从 b 点运动至 d 点过程，由动能定理可得1 1m g . 2R = m v2 m v2A 2 A d 2 A 1B 从 b 点运动至 e 点过程，由动能定理得1 m gx = m v2B 2 B 2联立解得 A 与 B 的质量之比m 2m 5B25 (1) 7.5 104N/C ；(2) v=12.5m/s，方向与竖直方向夹角为 37斜向下； (3)0. 14N【详解】(1) 由于小球静止时偏向左边，受电场力水平向左，所以该小球带负电， 对小球，由平衡条件可得qE=mgtan解得电场强度 E 的大小为3E = mg tan 37O = 1.0102 10 4 = 7.5104 N/Cq 1.0106(2) 剪断细线后，小球只受重力和电场力，所以两力的合力沿着