2023学年湖南省长沙市铁路一中物理高二第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在正交的匀强电场和磁场的区域内(磁场水平向内)，有一粒子恰能沿直线飞过此区域(不计粒子重力)()A若粒子带正电，E方向应向右B若粒子带负电，E方向应向上C若粒子带正电，E方向应向上D不管粒子带何种电，E方向都向下2、等量异种点电荷的连线和中垂线如图示，现将一个带负电的检验电荷先从图中的a点沿直线移动到b点，再从b点沿直线移动到c点，则检验电荷在此全过程中()A所受电场力的方向不变B所受电场力的大小恒定Cb点场强为0，电荷在b点受力也为0D在平面内与c点场强相同的点总共

3、有四处3、如图所示，质量为m的小球A系在长为l的轻绳一端，另一端系在质量为M 的小车支架的O点现用手将小球拉至水平，此时小车静止于光滑水平面上，放手让小球摆下与B处固定的橡皮泥碰击后粘在一起，则在此过程中小车的位移是( )A向右，大小为B向左，大小为C向右，大小为D向左，大小为4、如图所示，细线的一端固定在倾角为45的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线的另一端拴一质量为m的小球。则 A当滑块向左做匀速运动时，细线的拉力为0.5mgB当滑块以加速度a=g向左加速运动时，小球对滑块压力为零C若滑块以加速度a=g向左加速运动时，线中拉力为mgD当滑块以加速度a=2g向左加速运动时，线中拉力为2mg5、如

4、图，在E=2.0103N/C的匀强电场中有A、M和B三点，其中BM与电场线垂直，AM与电场线成30角，AM=4cm，BM=2cm，把一电量的正电荷从A移动到M点，再从M移动到B点，整个过程中电场力做功为AJB8.010-8 JC1.610-7 JD2.410-7 J6、在真空中有两个固定的点电荷，它们之间的静电力大小为F现保持它们之间的距离不变，而使它们的电荷量都变为原来的2倍，则它们之间的静电力大小为（）ABC4FD2F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，

5、实线是电场线，虚线是一带电粒子在电场中的运动轨迹，假设带电粒子只受电场力作用，判断下列说法正确的是（ ）A粒子带负电B带电粒子受到的电场力向下C带电粒子的速度不变D带电粒子的加速度不变8、直线ab是电场中的一条电场线，从a点无初速度释放一电子，电子仅在电场力作用下，沿直线从a点运动到b点，其电势能Ep随位移x变化的规律如图乙所示设a、b两点的电场强度分别为Ea和Eb，电势分别为a和b.则()AEaEbBEaEbCabDab9、在验证力的平行四边形定则的实验中，四组同学作出的力的图示如下图所示，其中F1和F2是用两个弹黄秤拉橡皮条时的拉力的图示，F是用四边形定则画出的F1和F2的合力的图示。F是

6、一个弹黄秤拉橡皮条时的拉力的图示。F1F2和F是按同一标度作出的力的图示，PO代表橡皮条，那么在误差允许的范围内，不可能出现的是（）ABCD10、如图所示，竖直正对的平行板电容器带等量异种电荷，带正电的右板与静电计相连，左板接地假设两极板所带的电荷量不变，电场中P点固定一带正电的点电荷，下列说法正确的是A若仅将左板上移少许，则静电计指针偏角变小B若仅将左板右移少许，则静电计指针偏角变小C若仅将左板上移少许，则P点电势升高D若仅将左板右移少许，则P的点电荷电势能增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图为“用DIS（位移传感器、数

7、据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持_不变，用钩码所受的重力作为_，用DIS测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关系图线（如图所示）分析此图线的OA段可得出的实验结论是_此图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是（_）A小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大12（12分）某中学物理学习小组利用如图1所示装置测量木块与木板动摩擦因数。水平固定的长木板左端有定滑轮，长木板右端固定有打点计时器，木块与竖直悬挂的弹簧秤通过轻绳连接，

8、其间通过动滑轮悬挂有砂桶。木块质量为M，桶和砂子的总质量为m，木块的加速度a可由打点计时器和纸带测出。 (1)如图2所示为上述实验中打下的一条纸带，A点为木块刚释放时打下的起始点每两点间还有四个点未画出，打点计时器的频率为50Hz，则木块的加速度大小a=_。（保留三位有效数字）(2)本实验是否需要满足mM？答：_（填“需要”或“不需要”）。(3)保持木块质量M不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量m进行多次实验，得到多组a、F值（F为弹簧秤的示数）。已知当地重力加速度，根据实验数据画出了如图3所示的图像，由图像可得木块与木板间动摩擦因数=_，木块的质量M=_kg。（保留三位有效数字）四、计算题：本题共

9、2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电阻R112，R28，当开关S断开时，电流表A的示数为15A，当S闭合时，A的示数为1.7A，则电源的电动势和内电阻分别是多少?14（16分）一根通有电流I，长为L，质量为m的导体棒静止在倾角为的光滑斜面上，如图所示，重力加速度为g。(1)如果磁场方向竖直向下，求满足条件的磁感应强度的大小；(2)如果磁场方向可以随意调整，求满足条件的磁感应强度的最小值和方向。15（12分）如图所示，一质量为m=210-26kg电荷量q=410-16C的带电粒子（初速度为零）经电压为U1=100V

10、的加速电场后从两板中间平行于板进入偏转电场金属板AB，AB板相距2cm,板长均为4cm，在电场力的作用下偏转打在B板的中点.(1)粒子穿出加速电场时的速度v0=？(2)求AB两板间的电势差？(3)若电源电压不变，要使粒子从两板中间原来的位置平行于板进入电场，从板的右侧穿出，在B板不动的情况下，A板至少要上移动多少cm？(不计粒子的重力)参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，在不计重力的情况下，离子在复合场中沿水平方向直线通过故有，若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场

11、力向下，所以电场强度的方向向下；若带负电，则受洛伦兹力向下，而电场力向上，所以电场强度的方向向下，D正确2、A【解析】A在等量的异种电荷的中垂线上，电场方向始终垂直中垂线且指向负电荷，即竖直向下；在b到c的过程中电场力的方向也是竖直向下。检验电荷所受电场力的方向保持不变，故A正确；B根据点电荷电场强度的叠加，结合等量的异种电荷的电场的分布特点可知，检验电荷在此全过程中所受电场力大小是变化的，故B错误；C根据矢量叠加原理，可知，b点场强不为1，方向由正电荷指向负电荷，电荷在b点受力也不为1故C错误；D在平面内与c点场强相同的点，即大小相等，方向相同的点只有一处，在与c点关于b点对称的点，故D错误

12、。3、D【解析】当小球向下摆动的过程中，小球与小车组成的系统，水平方向动量守恒，即变形得两边同乘以t，可得设小车的位移大小为x，则小球相对于地的位移大小为l-x，可得解得方向向左，故D正确，ABC错误；故选D。4、B【解析】当滑块匀速运动时，根据平衡条件绳的拉力大小；当滑块向左匀加速直线运动时，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出支持力为零时的加速度，从而判断小球是否离开斜面，再结合牛顿第二定律和平行四边形定则求出绳子的拉力。【详解】当滑块向左做匀速运动时，根据平衡条件可得绳的拉力大小为T=mgsin45=mg，故A错误；设当小球贴着滑块一起向左运动且支持力为零时加速度为a0，小球受到重力、拉

13、力作用，如图所示；根据牛顿第二定律可得加速度a0=g，此时细线的拉力F=mg，故B正确，C错误；当滑块以加速度a=2g向左加速运动时，此时小球已经飘离斜面，则此时线中拉力为，故D错误；故选B。【点睛】解决本题的关键确定出小球刚离开斜面时的临界情况，结合牛顿第二定律进行求临界加速度。当受力较多时，采用正交分解法比较简单，而小球只受两个力时用合成法简单。5、A【解析】由题意知，把正电荷从A移动到M点，再从M移动到B点，全程做功为：故选A.6、C【解析】距离改变前当电荷量都变为原来的2倍时故C正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求

14、的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由粒子的偏转方向可得出粒子的受力方向，以及电性，由功的计算可得出电场力做功的正负，由动能定理可得出粒子动能的变化；由牛顿第二定律判断加速度的变化；【详解】A、由图可知，粒子向下偏转，则说明粒子所受的电场力方向竖直向下，则粒子带正电，故A错误，B正确；C、由图可知，粒子向下偏转，电场力做正功，说明粒子速度增大，故C错误；D、由于匀强电场的场强不变，则粒子受到电场力不变，根据牛顿第二定律可知其加速度不变，故选项D正确。【点睛】本题是电场中轨迹问题，关键要能根据轨迹弯曲方向判断出电场力的方向，掌握电场力做正功，电势能减小，判断

15、动能的变化，以及由牛顿第二定律判断加速度的变化。8、AC【解析】A、B项：电子从a到b，电势能图线的斜率逐渐减小，斜率表示电场力的大小，知电场力逐渐减小，则电场强度逐渐减小，所以EaEb，故A正确，B错误；C、D项：由于电势能逐渐降低，知电场力做正功，则电子所受的电场力方向由a指向b，电场线的方向由b指向a，沿电场线方向电势逐渐降低，则ab，故C正确，D错误点晴：电势能与位移图线的斜率反映电场力的大小，从而可以反映电场强度的大小，结合电场力做功判断出电场力的方向，从而得出电场强度的方向，根据沿电场线方向电势逐渐降低比较出a、b两点的电势9、BD【解析】在解决该题时，抓住F是根据平行四边形定则作

16、出的F1和F2的合力，在平行四边形的对角线上，F是一个弹簧秤单独拉橡皮条时的力，沿橡皮筋方向。【详解】该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，在F1、F2组成平行四边形的对角线上，F是一个弹簧秤单独拉橡皮条时的力的图示，F是通过实际实验得出的，故F应与Op在同一直线上。本题选不可能出现的，故选BD。10、BC【解析】A.两极板所带的电荷量不变，若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，所以静电计指针偏角增大，故A错误；B.若仅将左板右移少许，d减小，可知，电容C增大，由可知，U减小，由则静电计指针偏角变小，故B正确；C.若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，

17、由可知，E增大；左极板接地，由沿电场线的方向电势降低可知P点的电势为正，根据可得，P点电势升高，故C正确；D.若仅将左板右移少许，两极板所带的电荷量不变，则E不变，根据可得，P点电势减小，则由可得P的点电荷电势能减小，故D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、小车的质量 小车所受的合外力 质量不变的情况下，加速度与合外力成正比 C 【解析】试题分析：（1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的总质量不变，用钩码所受的重力大小作为小车所受合外力；（2)在小车质量不变的条件下，加速度大小与所受的合外力大小成正比；设小车的质量为M，钩

18、码的质量为m，由实验原理得：mg=Ma，得，而实际上，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足Mm造成的故C正确考点：验证牛顿第二定律12、1.60 不需要 0.306 0.100 【解析】(1)1每两点间还有四个点未画出，则相邻两点间的时间间隔由逐差法可得代入数据解得(2)2实验中木块所受拉力始终等于弹簧测力计读数，不需要用桶和砂子总重力的一半对拉力进行近似替代，不需要满足mM。(3)对木块进行受力分析，由牛顿第二定律可得整理得由图像得，解得，四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】根据闭合电路欧姆定律得：当开关S断开时，有 E=I1（R1+R2+r）代入得E=1.5（12+8+r） 当开关S闭合时，有E=I2（R1+r）代入得：E=1.7（12+r） 联立可解得E=14V，r=814、 (1)；(2)，磁感