山东省滨州市邹平县黄山中学2023学年物理高二上期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，不可伸长的细绳长为L，一端固定于O点，另一端系一质量为m的小球。将小球从与O点等高位置无初速度释放，若以O点所在的平面为参考面，则小球摆到最低点时的重力势能为（）A0 Bm

2、gL C2mgL DmgL2、某导线中的电流是7.5103 A，则通过导线横截面的电荷量为15 C所需要的时间为A2.0104 sB2.0106 sC2.0105 sD2.0103 s3、用相同的灵敏电流计作表头改装成电流表A和电压表V，分别将其串联和并联在一起，然后接入电路中.通电后关于指针的偏角情况的叙述正确的是（ ）A图甲中电压表的指针偏角与电流表的相等B图甲中电压表的指针偏角比电流表的小C图乙中电压表的指针偏角与电流表的相等D图乙中电压表的指针偏角比电流表的小4、两个电压表V1和V2是由完全相同的两个电流表改装的，V1量程是5 V，V2量程是15 V，为了测15-20V的电压。把V1和

3、V2串联起来用 ，以下叙述正确的是AV1、V2的读数相同BV1、V2指针偏转角度相等CV1、V2读数不同 ，指针偏转角度也不同DV1指针偏转角度小5、在图示的电路中，电源的电动势是E，内电阻是r，当滑动变阻器R3的滑动头向左移动时 A电阻R1的功率将加大B电阻R2的功率将减小C电源的功率将加大D电源的效率将增加6、有、三个点电荷，若将、放在距离为的位置上， 受到的库仑力大小为若将、放在距离为的位置， 受到的库仑力大小为那么与所带电荷之比是（ ）A B C D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得

4、3分，有选错的得0分。7、在水平地面上空中有竖直方向的匀强电场，一带电小球以某一初速度由M点沿如图所示的轨迹运动到N点由此可知（）A小球所受的电场力一定大于重力B小球的动能一定减小C小球的机械能保持不变D小球的动能、电势能和重力势能之和保持不变8、如图所示，某区域电场线左右对称分布，M、N为对称线上的两点下列说法正确的是（）AM点电势一定高于N点电势BM点场强一定大于N点场强C正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D将电子从M点移动到N点，电场力做正功9、如图所示，MDN为绝缘材料制成的光滑竖直半圆环，半径为R，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向外一带电量为-q，质量为m的小球自M点无初

5、速下落，下列说法中正确的是（ ）A由M滑到最低度点D时所用时间与磁场无关B球滑到D时，速度大小v=C球滑到D点时，对D的压力一定大于mgD滑到D时，对D的压力随圆半径增大而减小10、如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面,它们的电势分别为a、b和c， abc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示由图可知（ ）A粒子从K到L的过程中，电场力做正功B粒子从L到M的过程中，电场力做负功C粒子从K到L的过程中，电势能增加D粒子从L到M的过程中，动能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）研究灯泡L（3.8V，

6、1.8 W）的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值，检验其标示的准确性。（1）选出既满足实验要求，又能减小误差的实验电路图_。 （2）请按电路图连接好图（1）中的实物图_。（3）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在_端。（选填“a”或“b”）（4）实验后作出的I-U图象如图所示，图中曲线弯曲的主要原因是_：。（5）根据所得到的图象如图（2）所示，求出它在额定电压（3.8V）下工作时的电阻值R=_ 。 这个测量值比真实值偏_。（选填“大”或“小”） 12（12分）在伏安法测电阻的实验中，电流表有内外两种接法，根据你所学知识分析内外接法读数准确的电表，实验中引起误差的电表，并推导测

7、量值和真实值之间的大小关系。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一束电子流在U1=4500V的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示若平行板间的距离d=1cm，板长l=5cm，求：（1）电子进入平行板间的速度多大？（2）至少在平行板上加多大电U2才能使电子不再飞出平行板？（电子电量1.61019C，电子的质量91031kg）14（16分）有一电流表G，内阻为，满偏电流是1mA，求：如果它改装成量程为的电压表，要串联多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？如果它改装成量程的电

8、流表，要并联多大的电阻？改装后电流表的内阻是多大？15（12分）反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似如图所示，在虚线MN两侧分别存在着方向相反的两个匀强电场，一带电微粒从A点由静止开始，在电场力作用下沿直线在A、B两点间往返运动已知电场强度的大小分别是E12.0103 N/C和E24.0103 N/C，方向如图所示带电微粒质量m1.01020kg，带电荷量q1.0109 C，A点距虚线MN的距离d11.0 cm，不计带电微粒的重力，忽略相对论效应求：(1)B点距虚线MN的距离d2；(2)带电微粒从A点运动到B点所经历的时间t.参考答案

9、一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】明确重力势能的定义，知道要想确定重力势能应先确定零势能面，再根据相对高度确定重力势能。【详解】以O点为零势能面，故最低点相对于参考平面的高度为-L，故最低点处的重力势能为-mgL，故D正确A,B,C错误.故选D.【点睛】本题考查重力势能的定义，要注意明确重力势能为相对量，在确定重力势能时必须先确定零势能面.2、D【解析】已知电流和电量，则由电流的定义变形后可求得通过15C电量所需要的时间由I=可知：通过导线横截面的电荷量为15C所需要的时间为t=2.0103s故选D【点评】本题

10、考查电流的定义式的变式计算，属公式的简单应用，注意计算的准确性即可3、D【解析】AB.图甲中由于电流表的表头是并联在电路中，电压表的表头是串联在电路中，所以由于电流表的定值电阻分流的原因，通过电流表中表头的电流小于电压表中的电流，所以电压表的指针偏角比电流表的大，故A、B错误；CD.图乙中电压表和电流表是并联在一起的，两端的电压是相等的，由于电压表中串联的定值电阻分压的原因，电压表中表头两端的电压小于电流表中表头两端的电压，所以图乙中电压表的指针偏角比电流表的小，故C错误，D正确.4、B【解析】电压表是电流计串联一个比较大的电阻改装而成，当两个电压表串联起来的时候，流过电流计的电流相同，两个电

11、流计相同，则电流计偏转的角度相同；两表量程不同，偏转角相同，则读数不同；故B正确，ACD错误。5、C【解析】由电路图可知。R2、R3串联后与R1并联接到电源上，当滑动变阻器R3的滑片P向左移动时，R3阻值变小，总电阻变小，总电流变大，根据P=EI可知，电源的功率增大，故C正确，电源内阻所占电压变大，并联部分电压减小，即R1两端的电压减小，根据P1=U2/R1，可知，电阻R1的功率将减小，故A正确；根据IU/R可知，通过R1的电流减小，而总电流增大，所以通过R2的电流增大，根据P=I2R可知，电阻R2的功率将增大，故B错误；电源的效率=I2RI2(r+R)=11+rR，电源内阻r不变，滑动变阻器

12、阻值R减小，则电源效率减小，故D错误。故选C。【点睛】本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题6、C【解析】由库仑定律，只有变化，则之比等于之比，故C项正确综上所述，本题正确答案为C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A在竖直方向上，小球只受重力和电场力，由轨迹图像可知，小球做类平抛运动，在竖直方向上向上运动，则电场力大于重力，A正确；BC在竖直方向上，小球做加速运动，水平方向上做匀速运动，所以小球

13、的动能增大，小球向上运动，重力势能增大，所以小球机械能增大，BC错误；D小球只受重力和电场力的作用，电势能转化为重力势能和动能，故小球的动能、电势能和重力势能之和保持不变，D正确。8、AC【解析】AC顺着电场线电势降低，故M点电势一定高于N点电势，正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能，故选项AC正确；BM点的电场线较N点稀疏，故M点场强一定小于N点场强，选项B错误；D将电子从M点移动到N点，静电力做负功，选项D错误；故选AC。【点睛】此题是对电场线、电场强度及电势的考查；要知道电场线的疏密反映电场强度的大小；顺着电场线电势逐渐降低；正电荷在高电势点的电势能较大。9、ABD【解析】试题分析：小

14、球的运动导致洛伦兹力出现，由于速度大小不变，当磁场不同时，洛伦兹力大小不同但小球由M滑到最低点D所用时间却不变，故A正确；小球下滑过程中，受到重力、支持力、洛伦兹力，但支持力与洛伦兹力不做功，所以只有重力做功，由小球机械能守恒可得，小球通过D点的速度大小，B正确，由于小球机械能守恒，虽然小球滑到最低点的速度大小不变，但由于小球的运动方向不同，导致洛伦兹力的方向也不同所以小球对D点的压力可能大于重力，也可能小于重力，也可能等于重力C错误D正确，考点：考查了洛伦兹力的应用点评：虽受洛伦兹力，但其不做功，所以小球运动到最低点的速率不变随着运动的方向不同，导致洛伦兹力方向也不同10、CD【解析】试题分

15、析：A、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功；A错误B、根据，粒子从K到L的过程中，电势能减小，故电场力做正功；B错误C、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加；C正确D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加；D正确故选CD考点：电势能点评：本题根据得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）丙； （2）实物图如图所示； （3）a； （4）小灯泡的电阻随着电压的升高而增大 （5）7.6 小【解析】（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采

16、用分压接法；灯泡发光时的电阻，电流表内阻很小，约为零点几欧姆，电压表内阻约为几千欧姆甚至几万欧姆，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，应选图丙所示电路图；（2）根据图丙所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在a端（4）由图象可知，随灯泡电压U增大，灯泡电压与电流的比值增大，即灯泡电阻变大，由此可知，小灯泡的电阻随其两端的电压增大而增大；（5）由图示图象可知，小灯泡在额定电压（3.8V）下工作时的电流为0.5A，灯泡电阻值由于电压表的分流作用，使得电流表的测量值偏大，则灯泡电阻的测量值偏小.点睛：本

17、题考查了实验电路的选择、连接实物电路图、实注意事项、实验数据处理，是实验的常考问题，一定要掌握；尤其是要掌握应用图象法处理实验数据的方法.12、见解析【解析】当电流表内接时，则由于电流表的分压作用使得电压表的测量值大于电阻两端电压的真实值，由于电流表的读数等于待测电阻上的电流，根据可知使得电阻的测量值大于真实值；当电流表外接时，则由于电压表的分流作用使得电流表的测量值大于电阻上电流的真实值，由于电压表的读数等于待测电阻上的电压，根据可知使得电阻的测量值小于真实值；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4107m

18、/s（2）360V【解析】电子在加速电场中，电场力做正功qU1，根据动能定理求解获得的速度，即为进入平行板间的速度；电子垂直电场方向进入平行板间，重力不计，则做类平抛运动，将电子的运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动根据牛顿第二定律和运动学规律求解【详解】（1）电子在加速电场中运动时根据动能定理，得qU1=12mv02，解得v=4107m/s；（2）电子在偏转电场中运动时根据牛顿第二定律可得加速度a=qU2dm由电子在水平方向做匀速直线运动得L=v0tt=Lv0电子在竖直方向做匀加速直线运动，刚好不飞出电场时y=12d又y=12at2，将a、t代入得U2=mv02d2qL2=360V【点睛】电子在电场中做类平抛运动，不仅轨迹与平抛运动相似，是抛物线，更重要的是研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解方法处理与平抛运动最大的不同是加速度，加速度g，要根据牛顿第二定律求出14、 【解析】（1）根据串并联规律写出表达式，然后解出分压电