河南省郑州市河南实验中学2023学年物理高二上期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，竖直放置的平行板电容器中存在水平方向的匀强电场，两个质量相同的带电微粒1和2从匀强电场中的O点以相同的初速度竖直向下进入电场，分别达到极板B、C两点，若AB=BC，不计粒子的重力，则它们带电荷量之比q1：q2等于A1：4 B4：1 C1：2 D2：12、如图所示，在匀强磁场中有1和2两个质子在同一平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，轨道半径并相切于P点，设、，、，、，、分别表示1、2两个质子的周期，线速度，向心加速度以及各自从经过P点算起到第一次通过图中虚线MN所经历的时间。下列说法中错误的是( )ABCD3、关于点电荷下列说法正确的是（ ）A只有体积很小的带电体，才能作

3、为点电荷B体积很大的带电体一定不能看做点电荷C点电荷一定是电荷量很小的电荷D两个带电的金属小球，不一定能将他们作为电荷集中在球心的点电荷处理4、如图所示，某小球以速度v向放置于光滑水平面的轻质弹簧运动，在小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中（）A弹力对小球做正功，弹簧的弹性势能减少B弹力对小球做负功，弹簧的弹性势能减少C弹力对小球做正功，弹簧的弹性势能增加D弹力对小球做负功，弹簧的弹性势能增加5、测定压力变化的电容式传感器如图所示，为固定电极，为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容现将此电容式传感器连

4、接到如图所示的电路中，当待测压力增大时（ ） A电容器的电容将减小B电阻中没有电流C电阻中有从流向的电流D电阻中有从流向的电流6、对于欧姆定律，理解正确的是（）A从I=可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B从R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C从U=IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高D从R=可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源电动势E3V，小灯泡L标

5、有“2V，0.4W”，开关S接1，当变阻器调到R4时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作则 ( )A电源内阻为1B电动机的内阻为4C电动机的正常工作电压为1VD电源效率约为93.3%8、如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直于纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场中；质量为m、带电量为+Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（ ）A滑块受到的摩擦力不变B滑块到地面时的动能与B的大小无关C滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下DB很大时，滑块可能静止于斜面上9、以速度vo水平抛出一小球，如果从抛出到某时刻小球的竖直分位移与水平分位移大

6、小相等，以下判断正确的是A此时小球的竖直分速度大小等于水平分速度大小B此时小球的速度大小为C此时小球速度的方向与位移的方向相同D小球运动的时间为2vo/g10、如图所示，A、B是平行板电容器的两金属板，其中B板接地，现在闭合开关S，稳定后，一带电液滴恰好静止于AB板间的P点。下列说法正确的是A若保持开关S闭合，将A板向左边移动一段距离，液滴将向下运动.B若保持开关S闭合，将A板向上移动一小段距离，P点的电势升高C若断开开关S，将A板向上移动一段距离，液滴仍保持静止D若断开开关S，将A板向左移动一小段距离，P点电势升高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出

7、演算过程。11（6分）在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，（1）某同学画出了如图所示的小灯泡的伏安特性曲线。根据此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻_。（填“变大”、“变小”或“不变”）（2）如果将这个小灯泡接到电动势为1.5 V，内阻为5 的电源两端，小灯泡消耗的功率是_W.（保留两位有效数字）12（12分）某实验小组用游标卡尺测量某物体的长度L，测量结果如图甲所示，则L=_mm； 用螺旋测微器测量某物体的直径d，测量结果如图乙所示，则d=_mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（1

8、0分）如图所示，匀强电场的场强方向水平向右一根绝缘丝线一端固定在O点，另一端连接一质量为m、电荷量为q的小球小球静止在电场中，丝线与竖直方向成37已知重力加速度为g，sin37=0.6，cos37=0.1求：（1）小球带电的种类；（2）小球受到的电场力大小F；（3）电场强度的大小E14（16分）如图所示，匀强电场中有一直角三角形ABC，ACB=90，ABC=30，BC=20cm，已知电场线的方向平行于ABC所在平面，将电荷量q=2.010-5C的正电荷从A移到B点电场力做功为零，从B移到C点克服电场力做功1.010-3J，试求：(1)该电场的电场强度大小和方向；(2)若将C点的电势规定为零时，

9、B点的电势。15（12分）如图所示，在绝缘光滑水平面上，有一个边长为L的单匝正方形线框abcd，在外力作用下以恒定的速率v向右运动进入磁感应强度为B的有界匀强磁场区域；线框被全部拉入磁场的过程中线框平面保持与磁场方向垂直，线框的ab边始终平行于磁场的边界已知线框的四个边的电阻值相等，均为R求：（1）在ab边刚进入磁场区域时，线框内的电流大小；（2）在ab边刚进入磁场区域时，ab边两端的电压；（3）在线框被拉入磁场的整个过程中，线框中电流产生的热量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】粒子在竖直方向上做匀速直

10、线运动，初速度相等，因为AB=BC，则粒子的运动时间之比为1：2，在水平方向上做匀加速直线运动，根据xat2知，水平位移相等，则加速度之比为4：1，根据a=，质量相同，电场强度相同，则电荷量之比为4：1故B正确，ACD错误故选B点睛：解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，将粒子分解为水平方向和竖直方向，抓住等时性，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解2、D【解析】A、对于质子，其比荷相同，又质子在磁场中做圆周运动的周期为：在同一匀强磁场中，则，故A正确；B、质子在磁场中做圆周运动的半径为：且，则，故B正确；C、由，得：由于，则，故C正确；D、两质子的周期相同，由图知质子1从经过P点算起到第一

11、次通过图中虚线MN所转过的圆心角比质子2小，则，故D错误。3、D【解析】AB. 当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷。故A错误，B错误；C. 当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，点电荷是一种理想化的模型，并不是说所带的电荷量一定非常小，故C错误；D. 两个带电的金属小球，当它们相距较近时，由于静电力作用，电荷分布在相互靠近或远离的一

12、侧，不能将他们作为电荷集中在球心的点电荷处理，故D正确；故选：D.4、D【解析】在小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，弹簧对小球的弹力方向向右，与位移方向相反，则弹力对小球做负功，弹簧的弹性势能增加，故ABC错误，D正确故选D.5、D【解析】A、当待测压力增大时，电容器板间距离减小，根据电容的决定式得知，电容C增大故A错误B、C、D、电容板间电压U不变，电容器所带电量为Q=CU，C增大，则Q增大，电容器处于充电状态，而A板带正电，则电路中形成逆时针方向的充电电流，电阻R中有从b流向a的电流故B、C错误，D正确故选AD【点睛】本题考查对传感器基本原理的理解，实质是电容器动态变化分析问题，电

13、容的决定式和定义式结合进行分析6、A【解析】A. 由欧姆定律可得，即导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故A正确B. 导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比，对于一个确定的导体来说，所加的电压跟通过的电流的比值是一确定值；故B错误C.导体的电阻变化时，电流也会发生变化，不控制变量的话，不能说明导体两端的电压随电阻的增大而增高；故C错误D.导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关；导体两端的电压为零时，导体的电阻不为零；故D错误二、多项选择题：本题共4

14、小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】小灯泡的额定电流为电阻为A当接1时E=I(RL+R+r)代入数据解得电源的内阻r=1故A正确；BC当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.2A电源内阻分的电压为U=Ir=0.21V=0.2V故电动机分的电压为U动=E-UL-U=(3-2-0.2)V=0.8V则电动机的内阻为故B、C均错误；D电源的效率为故D项正确8、CD【解析】AC小滑块向下运动的过程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛伦兹力，摩擦力，向下运动的过程中，速度增大，洛伦兹力增大

15、，支持力增大，滑动摩擦力增大故A错误， C正确；BB的大小不同，洛伦兹力大小不同，导致滑动摩擦力大小不同，根据动能定理，摩擦力功不同，到达底端的动能不同，B错误；D滑块之所以开始能动，是因为重力的沿斜面的分力大于摩擦力，B很大时，一旦运动，不会停止，最终重力的沿斜面的分力等于摩擦力，小滑块匀速直线运动，故D错误【点睛】解决本题的关键知道洛伦兹力的方向和洛伦兹力的大小以及能够正确的受力分析，理清物体的运动状况9、BD【解析】试题分析：A、竖直分位移与水平分位移大小相等，有v1t=，t=，竖直方向上的分速度vy=gt=2v1故A错误，D正确；B、此时小球的速度，故B正确；C、速度方向为运动轨迹的切

16、线方向，位移方向为初位置指向末位置的方向，两方向不同，故C错误；故选BD10、CD【解析】A当保持开关S闭合，则两极板间的电压不变；若将A板左移板间距不变，据知场强不变，所以电场力仍与重力平衡，液滴静止不动；故A错误。B当保持开关S闭合，则两极板间的电压不变，若将A板上移，电容器的板间距d增大，据知场强变小，据P=UPB=EdPB知P点的电势降低；故B错误。C当断开开关S，则两极板间的电量Q不变；若将A板上移，电容器的板间距d增大，根据可得板间场强知板间场强E不变，小球所受的电场力不变，液滴保持静止；故C正确。D当断开开关S，则两极板间的电量Q不变；若将A板左移，电容器的极板正对面积S减小，根

17、据可得板间场强知板间场强E变大，据P=UPB=EdPB知P点的电势升高；故D正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1) 变大 (2) 0.10W【解析】（1）由于坐标原点与图象上某点连线的斜率倒数等于电阻，此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻变大；（2）电源的电动势为1.5V，电流与路段电压的关系式为：U=E-Ir=1.5-5I,在图中作出电流与路段电压的图线，如图交点坐标即为小灯泡的实际电压和电流，故功率为P=UI=10.1w=0.1w12、50.15 3.203 【解析】1游标卡尺读数方法：主

18、尺读数加游标尺的读数，即2螺旋测微器读数方法：固定刻度读数加可动刻度读数，即四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）小球带正电 （2）mg （3）【解析】试题分析：根据小球所受的电场力方向和电场线方向的关系即可判断带电种类；对小球受力分析，再根据平衡条件即可求出电场力的大小；再根据电场强度的定义，即可求出电场强度的大小（1）由题意可知，小球的受力方向与电场线方向一致，所以小球带正电（2）小球在电场中静止时，受力分析如图所示：根据平衡条件得：Fmgtan37mg （3）根据电场强度的定义：解得电场强度：E点睛：本题主要考查了小球在电场力作用下的平衡问题，先对小球受力分析，再根据平衡条件即可求解14、（1）500V/m；方向由C垂直指向AB；（2）-50V。【解析】（1）A到B过程：UABWABq0B到C过程：UBCWBCq=-1.010-32.010-550VEUCBBCsin30=500V/m，方向由C垂直指向AB.（2）C为零电势点，故C=0则有：B-C=UBC=-50V解得：B=-