浙江省台州中学2023学年物理高二上期中学业水平测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在磁场中的情况如图，其中受到的洛仑兹力方向水平向左的是（ ）ABCD2、如图所示,一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下,从静止开始由b沿直线运动到d,且bd与竖直方向的夹角为,若bd的长度为l,重力加速度为g,则 () A此

2、液滴带正电B液滴运动的加速度等于2gC液滴从b到d的运动时间为D液滴到达d点的速度为3、如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A只有M端验电箔张开，且M端带正电B只有N端验电箔张开，且N端带正电C两端的验电箔都张开，且N端带负电，M端带正电D两端的验电箔都张开，且两端都带正电4、如图所示是匀强电场中的一组等势面，若A、B、C、D相邻两点间的距离为2 cm，A和P点间的距离为1.5 cm，则该电场的场强E和P点的电势P分别为( )A500 V/m，2.5 VB100033V/m，2.5 VC500 V/m,2.

3、5 VD100033V/m，2.5V5、为了探究影响平抛运动水平射程的因素，某同学通过改变抛出点的高度及初速度的方法做了6次实验，实验数据记录如下表以下探究方案符合控制变量法的是（ ）序号抛出点的高度（m）水平初速度（m/s）水平射程（m）10.202.00.4020.203.00.6030.452.00.6040.454.01.2050.802.00.8060.806.02.40A若探究水平射程与初速度的关系，可用表中序号为1、3、5的实验数据B若探究水平射程与高度的关系，可用表中序号为1、3、5的实验数据C若探究水平射程与高度的关系，可用表中序号为2、4、6的实验数据D若探究水平射程与初速

4、度的关系，可用表中序号为2、4、6的实验数据6、用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中为待测电阻。电表内阻对测量结果的影响不能忽略，下列说法中正确的是( )A电流表的示数小于通过Rx的电流B电流表的示数大于通过Rx的电流C电压表的示数小于Rx两端的电压D电压表的示数大于Rx两端的电压二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、和表示，电表示数变化量的大小分

5、别用I、和，下列说法正确的是AI减小，减小、增大，增大B电源功率不变，上功率增加C变大，不变D变大，不变8、关于电源和电源电动势，下列说法正确的是（ ）A定义电源电动势采用的是比值法，电动势大小与非静电力做功多少相关B电动势在数值上等于在电源内阻非静电力把1C的正电荷从负极移送到正极所做的功，也等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量C电动势等于电源正负极之间的电势差D化学电池内正、负极附近分别存在着化学反应层，反应层中非静电力（化学力）把正电荷从电势低处移至电势高处，在这两个地方，沿电流方向电势“跃升”9、在某段电路中，其两端电压为U，通过的电流为I，通电时间为t，若该电路电阻为R，则关

6、于电功和电热的关系，下列结论不正确的是（ ）A在任何电路中，电功UIt=I2RtB在任何电路中，电功为UIt，电热为I2RtC在纯电阻电路中，UIt= I2RtD在非纯电阻电路中，UI I2Rt10、横截面积为s的导线中通有电流I，已知导线每单位体积内有n个自由电子，每个电子的电量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导线横截面的电子数是（ ）AnvtBnsvtCIteDItse三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）两位同学用如图所示装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律。（1）为了完成本实验，下列必须满

7、足的条件是_。A斜槽轨道末端的切线必须水平B入射球和被碰球的质量必须相等C入射球和被碰球大小必须相同D入射球每次必须从轨道同一位置由静止滚下（2）实验中测得入射球A的质量为m1，被碰撞小球B的质量为m2，图中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影。实验时，先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放，找到其平均落点的位置P，测得平抛射程为OP；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与小球B相撞，分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N，测得平拋射程分别为OM和ON。当所测物理量满足表达式_时，即说明两球碰撞过程动量守恒；如果满足表达式_时，则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞。12（12分）为测定一段

8、金属丝的电阻率 ，某同学设计了如图甲所示的电路 ab是一段电阻率较大 的粗细均匀的电阻丝，电路中的保护电阻 R0 4. 0，电源的电动势 E 3.0V，电流表内阻忽略不计，滑片 P与电阻丝始终接触良好(1)实验中用螺旋测微器测得电阻丝的直径如图乙所示，其示数为 d（_）mm (2)实验时闭合开关，调节滑片 P的位置，分别测量出每次实验中 aP长度 x及对应的电流值 I，实验数据如下表所示：将表中数据描在坐标纸中，如图丙所示试作出其关系图线_，图象中直线的斜率的表达式k（_）（用题中字母表示），由图线求得电阻丝的电阻率 （_） m （保留两位有效数字）根据图丙中关系图线纵轴截距的物理意义，可求得

9、电源的内阻为_（保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图(a)所示为某电阻随摄氏温度变化的关系图象，图中表示0时的电阻值，表示图线的斜率若用该电阻与电池(电动势为，内阻为)、电流表(满偏电流为、内阻为)、滑动变阻器串联起来，连接成如图(b)所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻温度计”（1）使用“电阻温度计”前，先要把电流表的刻度改为相应的温度值，若温度,其对应的电流分别为、，则、谁大？（2）若该“电阻温度计”的最低适用温度为0，

10、即当温度为0时，电流表恰好达到满偏电流，则变阻器的阻值为多大？（3）若保持（2）中电阻的值不变，则电流表刻度为时所对应的温度为多大？14（16分）如图所示，一根电阻为的导线弯成一个圆形线圈，圆半径，圆形线圈质量，此线圈放在绝缘光滑的水平面上，在y轴右侧有垂直于线圈平面B=0.5T的匀强磁场若线圈以初动能E0=5J沿x轴方向滑进磁场，当进入磁场0.5m时，线圈中产生的电能Ee=3J求： (1)此时线圈的运动速度；(2)此时线圈与磁场左边缘两交接点间的电压；(3)此时线圈加速度大小15（12分）光滑绝缘水平面上的带电小球A、B的质量分别为，它们的电荷量相等，A球带正电，B球带负电。现在水平恒力向右

11、作用于A球，这时，A、B一起向右运动，且保持距离不变，如图所示。试问：多大？它们如何运动？（静电力常量）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A根据左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力的方向是向外的，故A错误；B根据左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力的方向是竖直向上的，故B错误；C根据左手定则可知，负电荷受到的洛伦兹力的方向是向外的，故C错误；C根据左手定则可知，负电荷受到的洛伦兹力的方向是水平向左的，故D正确。2、C【解析】A由b到d，液滴作直线运动，所受合力沿bd所在直线，对液滴受力分析可知，电场力水平向

12、右，与电场方向相反，所以小球带负电，故A错误；B由图可知，液滴所受合力根据牛顿第二定律，解得液滴的加速度故B错误；C由位移公式可得解得：故C正确；D由速度位移公式可得解得故D错误。3、C【解析】金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，导体中的自由电子被排斥到左端，故右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端N带负电，右端M带正电，C正确4、B【解析】根据电场线与等势线垂直，并且由高电势等势面指向低电势等势面，作出电场线的分布情况如图所示：场强的大小为：E=Ud=UBAdBAsin60=100.0232=100033V/m，P点到B点的距离为：x=0.

13、5cm=0.005m，P点的电势为：P=-Exsin60=-1000330.00532=-2.5V，故选B.【点睛】解决本题关键要理解电场线与等势线、场强与电势差的关系、电势与电势能间的关系等，注意公式U=Ed中d是两点沿电场线方向的距离5、B【解析】试题分析：若探究水平射程与初速度的关系，应控制抛出点的高度相同，AD错误；若探究水平射程与高度的关系，应控制水平初速度相同，B正确，C错误考点：本题考查控制变量法的应用6、B【解析】电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，据此分析问题同；【详解】A、由电路图可知，实验采用电流表外接法，电流表所测电流等于通过电阻的电

14、流与通过电压表的电流之和，电流表的示数大于通过的电流，故A错误，B正确；C、由电路图可知，电压表与待测电阻并联，测量待测电阻两端电压，电压表的示数等于两端的电压，故CD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A. 当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，外电路电阻增大，电流减小，根据 可知路端电压增大，U1测定值电阻的电压，所以U1随着电流的减小而减小，根据 可知U2增大，故A正确.B.电源的功率，随着回路中电流变小，则电源功率也在变小，故B错误；C. 根

15、据电路知识可知, 所以变大， 可知不变，故C正确D.根据电路知识可知 =R1+R2所以变大根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-Ir，则有=r，不变故D正确8、BD【解析】A.根据电源电动势：可知，该公式为电源电动势的定义式，其大小与非静电力做功的多少无关，故A错误；B.电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，在数值上等于在电源内阻非静电力把1C的正电荷从负极移送到正极所做的功，也等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，故B正确；C.电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势，故C错误；D.化学电池内正、负极附近分别存在着化学反应层，反应层中非静电力（化学力）

16、把正电荷从电势低处移至电势高处，在这两个地方，沿电流方向电势“跃升”。故D正确。9、AD【解析】ACD.在纯电阻电路中，电能全部转化为内能，电功等于电热，W=UIt=I2Rt，在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内能，另一部分转化为其他形式的能，电功大于电热，即UItI2Rt，故A、D错误，C正确.B.在任何电路中，电功W=UIt，电热Q=I2Rt，故B正确.本题选不正确的，故选AD.10、BC【解析】电流可以表示为：IensvNet解得：N=nsvt；NIte，故BC正确，AD错误，故选BC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACD

17、m1OP=m1OMm2ON 【解析】(1)1A要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须切线水平，故A正确；B为了防止入射球反弹，应让入射球的质量大于被碰球的质量，故B错误；C为了使两球发生对心碰撞，入射球和被碰球大小必须相同，故C正确；D要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故D正确。故选ACD；(2)2小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相同，它们在空中的运动时间t相等，它们的水平位移x与其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若两球相碰前后的动量守恒，则又代入得3若碰撞是弹性碰撞，则机械能守恒，由机械能守恒定律得将代入得12、0.400

18、 1.110-6 1.4 【解析】(1) 由图乙所示螺旋测微器可知，其示数为;(2) 将表中数据描在坐标纸中，作出其关系图线如图丙所示如图所示由图丙所示图象由电阻定律可得，由欧姆定律可得，则图象斜率，联立解得，代入数据得：，联立解得电阻率为：，代入数据得：，根据图丙中关系图线纵轴截距为1.8，此时待测电阻丝电阻为零，由闭合电路欧姆定律得：，即：得；【点睛】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；应用描点法作图作出图象；求出图象的函数表达式，然后根据图象求出电阻率螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读；要掌握应用图象法处理实验数据的方法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13