2023学年静宁县第一中学物理高二第一学期期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一台电动机，额定电压是100V，电阻是1。正常工作时，通过的电流为5A，则电动机因发热损失的功率为（）A25WB475WC500WD1000W2、按照“江苏省校园足球振兴行动计划

2、”要求，我省将建立1000所足球色学校如图所示，某校一学生踢球时A脚对球的作用力大于球对脚的作用力B脚对球的作用力与球对脚的作用力大小相等C脚对球的作用力与球的重力是一对平衡力D脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对平衡力3、物体做曲线运动时，下列说法中正确的是A速度大小一定是变化的B速度方向一定是变化的C合力一定是变化的D加速度一定是变化的4、如图所示电路中，电源内阻不能忽略，当变阻器R的滑片P向下移动时，电路中的电压表、和电流表A的示数变化情况是A示数变大，示数变小，A示数变小，R2消耗功率减小B示数变小，示数变大，A示数变小，R1消耗功率增大C示数变大，示数变小，A示数变大，电源消耗的总功

3、率增大D示数变小，示数变大，A示数变大，电源消耗的总功率减小5、长为L的通电直导线垂直放置于匀强磁场中，所受到的安培力F=BIL，则安培力的大小（ ）A只与电流强度有关 B只与导线长度有关C只与磁感应强度有关 D与电流强度、导线长度、磁感应强度都有关6、关于静电下列说法错误的是（）A静电对人类只有危害而无任何益处B静电除尘装置是静电的应用C用静电喷漆的方法给汽车喷涂油漆既省漆又均匀D复印机是利用静电的吸附作用工作的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于导体的电阻，下

4、列说法正确的是A根据，可知R与U成正比，与I成反比B根据，可知R与L成正比，与S成反比C白炽灯温度上升电阻变大，是因为灯丝的电阻率变大D将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则电阻变为原来的4倍8、如图所示为一定质量的理想气体状态变化的p-V图像，理想气体从状态a开始，经历ab、bc，ca三个过程回到原状态a，下列说法正确的是_。Aab是等温过程Bab过程中，气体的温度先升高后降低Cbc是气体放热过程Dca过程中气体分子平均动能减小E.abca整个过程气体一定吸热9、在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分

5、别用I、U1、U2和U3表示下列比值中正确的是()A，B，C，D，10、如图所示，图中直线表示某电源的路端电压与电流的关系图线（外电路为纯电阻电路），图中曲线表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是（ ）A电源的短路电流为6AB电源的内阻为253C电流为2.5A时，外电路的电阻一定为15D输出功率为120W时，外电路电阻为7.5三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除标有“5V，2.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有以下器材可供使用：A直流电源（电动势约为5V，内阻不计）B直流

6、电流表（量程03A，内阻约为0.1）C直流电流表（量程0600mA，内阻约为5）D直流电压表（量程05V，内阻约为10k）E滑动变阻器（最大阻值为10，允许通过的最大电流为2A）F滑动变阻器（最大阻值为1k，允许通过的最大电流为0.5A）(1)实验中应选用的电流表是_，应选用的滑动变阻器是_（填字母）；(2)实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据，请按要求将图甲中的实验电路图连线补充完整_；(3)某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，曲线向U轴弯曲的原因是_；(4)由图乙可知，当通过小灯泡的电流为0.4A时，小灯泡的实际功率_W（结果保留两位有效数字）。12（12

7、分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下: （1）游标卡尺测量其长度如图甲所示,可知其长度为_mm;（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示,可知其直径为_mm;（3）选用多用电表的电阻“1”挡,按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻,表盘的示数如图所示,则该电阻的阻值约为_;（4） 为更精确地测量其电阻,可供选择的器材如下: 待测金属丝Rx；电压表：V（量程3V，内阻约3k）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2）；A2（量程3A，内阻约0.05）；电源：E（电动势3V，内阻不计）滑动变阻器：R（最大阻值约20） （5）为使测量尽量精确，电流表应选_（“A1”或“A2”），电

8、路应选用图中的_（“甲”或“乙”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一带电量为q210-9c，质量为m=1.810-16kg的粒子，在直线上一点O沿30角方向进入磁感强度为B的匀强磁场中，经历t1.510-6s后到达直线上另一点P求：(1)粒子作圆周运动的周期T；(2)磁感强度B的大小；(3)若OP的距离为0.1m，则粒子的运动速度v多大？14（16分）如图，从离子源产生的甲、乙两种离子，由静止经加速电压U加速后在纸面内水平向右运动，自M点垂直于磁场边界射入匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，磁场

9、左边界竖直已知甲种离子射入磁场的速度大小为v1，并在磁场边界的N点射出；乙种离子在MN的中点射出；MN长为l不计重力影响和离子间的相互作用求：（1）磁场的磁感应强度大小；（2）甲、乙两种离子的比荷之比15（12分）蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目.一个质量为60 kg的运动员，从离水平网面3.2 m高处自由落下，触网后沿竖直方向蹦回到离水平网面1.8 m高处.已知运动员与网接触的时间为1.4 s. (取g=10 m/s2)试求(1)运动员第一次接触网时的瞬时速度大小(2)网对运动员的平均冲击力.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每

10、小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据焦耳定律得故电动机因发热损失的功率为，故BCD错误，A正确。故选A。2、B【解析】ABD.脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，不是一对平衡力，故AD错误，B正确；C.脚对球的作用力与球的重力方向不在同一直线上，不可能是一对平衡力，故C错误3、B【解析】物体做曲线运动时，速度大小不一定是变化的，例如匀速圆周运动，选项A错误；物体做曲线运动时，速度方向一定是变化的，选项B正确；物体做曲线运动时，合力不一定是变化的，例如平抛运动，选项C错误；物体做曲线运动时，加速度不一定是变化的，例如平抛运动，选

11、项D错误；故选B.4、C【解析】试题分析：当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，由欧姆定律分析电压表V1和V2的变化，以及电阻的电压变化，由干路电流和R2电流的变化，分析电流表示数的变化当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I增大电压表的示数，电压表的示数，I增大，U减小，增大电阻的电压，I增大，减小，流过的电流减小，则电流表的示数，增大，根据可知R2消耗功率减小，根据可知消耗功率增大，根据可电源消耗的总功率增大，C正确5、D【解析】长为L的通电直导线垂直放置于匀强磁场中，

12、所受到的安培力F=BIL，则安培力的大小F与电流强度I、导线长度L、磁感应强度B都有关，故选D.6、A【解析】A静电除尘，静电喷漆，静电复印等对人类有益处，故A错误；B静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用，故B正确；C喷枪喷出的油漆微粒带正电，因相互排斥而散开，形成雾状，被喷涂的物体带负电，对雾状油漆产生引力，把油漆吸到表面，属于静电应用，故C正确；D复印机是利用静电的吸附作用工作的，故D正确；说法错误的故选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不

13、全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A根据电阻定律可知，导体的电阻大小的影响因素：长度、横截面积、材料。跟电压、电流都无关，故A错误；B根据电阻定律可知，导体的电阻R与长度L成正比，与横截面积S成反比，故B正确；C白炽灯温度升高，电阻率增大，电阻变大，故C正确；D将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则横截面积减小为原来的一半，根据电阻定律可知，电阻变为原来的4倍，故D正确。8、BCE【解析】AB在p-V图像中，等温过程对应图线应是双曲线；同一气体，双曲线离原点越远温度越高，所以ab不是等温过程，气体的温度先増大后减小，故A项错误，B项正确；Cbc过程，气体体积减小，外界对气体做功；气

14、体温度降低减小，内能减小；由热力学第一定律可知，气体对外界放热；选项C正确；Dca过程，气体发生等容升压，温度增大，气体分子平均动能增大，选项D错误；Eabca整个过程，气体对外做功，内能不变，由热力学第一定律可知，气体一定吸热，选顷E正确。9、AD【解析】通过分析电路图可知，r、R1、R2串联，R1为定值电阻；当滑动变阻器触头P向下滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据公式可知，电路中总电流变小，R1两端的电压U1变小；再根据串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压U2变大.AR1两端的电压为U1，电流为I，根据U1=IR1，得出：U1=IR1，由于R1是定值电

15、阻，有：;故A正确.BCR2两端的电压为U2，电流为I，其比值变大；而U2=E-I(R1+r)可得：，是个定值不变;故B、C错误.D电压U3为路端电压，由闭合电路的欧姆定律U3=E-Ir，可得：是个定值不变，从外电路来看，U3=I(R1+R2)，可得是增加的，故D正确；故选AD.10、CD【解析】根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压：U=E-Ir，对照U-I图象，当I=0时，U=E=50V；U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故：r=|UI|=50-206=5，则短路电流I短=Er=505A=10A，故AB错误；电流为2.5A时，对照U-I图象，电压为37.5V，故外电路电阻：R=UI=37.

16、52.5=15，故C正确；输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为4A，再对照U-I图象，输出电压为30V，外电路电阻为R=UI=304=7.5，故D正确；故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C E 随着电压的升高，灯丝的温度越高，阻值越大 1.0 【解析】(1)1灯泡的额定电流故电流表应选C2为了方便操作，且小灯泡两端的电压从零开始变化，滑动变阻器应选阻值较小的E(2)3本实验要求多测几组数据，故采用分压接法；同时因电流表内阻与灯泡内阻接近，故电流表选用外接法；实物图如图所示(3)4图线斜率表示电阻，由图可知，灯泡电阻变

17、大，则曲线向U轴弯曲的原因是随着电压的升高，灯丝的温度越高，阻值越大(4)5由图乙可知，当通过小灯泡的电流为0.4A时，灯泡两端电压为2.5V，小灯泡的实际功率12、（1）50.15mm （2）4.700mm; （3）7.0; （5）A1； 甲 【解析】（1）游标卡尺测量其长度为：5cm+0.05mm3=50.15mm；（2）用螺旋测微器测量其直径为：4.5mm+0.01mm20.0=4.700mm;（3）电阻的阻值约为7.0;（5）电路中可能出现的最大电流，可知电流表应该选择A1；因RVRx可知，电路选择安培表外接，故选甲；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) (3) v3.5105m/s【解析】(1)粒子运动轨迹如图所示：由几何知识可知，粒子在磁场中转过的圆心角：=360-=360-230=300，粒子在磁场中的运动时间：则粒子的周期：(2)粒子在磁场中做圆周运动的周期：则磁感应强度： (3)粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：由几何知识可知：OP=2rsin30解得：v3.5105m/s【点睛】本题考查了粒子在磁场中的运动，粒子在磁场中做匀速圆周运动，分析清楚粒子运动过程，应用周期公