山东省潍坊市教科所2023学年物理高二上期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、分别用图（a）、（b）两种电路测量同一未知电阻的阻值图（a）中两表的示数分别为3V、4mA，图（b）中两表的示

2、数分别为4V、3.9mA，则待测电阻Rx的真实值为（）A略小于1kB略小于750C略大于1kD略大于7502、将带电荷量为6106C的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做功为3105J，再从B点移到C点，电场力做功为1.2105J，则（ ）A电荷从A移到B，再从B到C的过程中，电势能一共减少了1.8105JB电场中A、C两点电势差为3VC若规定A点电势为零，则该电荷在B点的电势能为3105JD若规定B点电势为零，C点的电势为2V3、关于电流，下列说法正确的是（ ）A根据I=q/t可知，I与q成正比B如果在相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定不变的C电流有方向，因此

3、电流是矢量D电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位4、两个质量相同的小球用不可伸长的细线连结，置于场强为E的匀强电场中，小球1和2均带正电，电量分别为和（）将细线拉直并使之与电场方向平行，如图所示若将两小球同时从静止状态释放，则释放后细线中的张力T为（不计重力及两小球间的库仑力）AT=（）EBT=（）ECT=（+）EDT=（+）E5、真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为F，若甲的带电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍，要使它们的作用力仍为F，则它们之间的距离变为原来的（ ）A2倍B4倍C8倍D16倍6、某小船船头垂直指向河岸渡河，若水流速度突然增大，其它条件不变，下列判断正确

4、的是（)A小船渡河的时间不变B小船渡河的时间减少C小船渡河的时间增加D小船到达对岸的地点不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图（a），直线MN表示某电场中的一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的v-t图线如图（b）所示设a、b两点的电势分别为、，场强大小分别为Ea、Eb，粒子在a、b两点的电势能分别为Wa、Wb，不计重力，则有ABEaEbCEaWb8、如图所示一圆盘可绕通过圆盘中心且垂直于盘面的竖直轴OO转

5、动在圆盘上放置一小木块，当圆盘匀速转动时木块相对圆盘静止关于木块的受力情况下列说法正确的是 A木块受到圆盘对它的静摩擦力，方向指向圆盘中心B由于木块相对圆盘静止，所以不受摩擦力C由于木块运动，所以受到滑动摩擦力D木块受到重力、支持力、摩擦力作用9、如图所示，绝缘的轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球（小球与弹簧不拴接），整个系统处在方向竖直向上的匀强电场中。开始时，整个系统处于静止状态，现施加一外力F，将小球向下压至某一位置，然后撤去外力，使小球从静止开始向上运动。设小球从静止开始向上运动到离开弹簧的过程中，电场力对小球所做的功为W1，小球克服重力所做的功为W2，小球离开弹

6、簧时的速度为v。不计空气阻力，则在上述过程中（）A小球与弹簧组成的系统机械能守恒B小球的重力势能增加了W2C小球的电势能减少了W1D小球的机械能增加了10、一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述正确的是 ( )A电动机所消耗的电功率为IUBt秒内所产生的电热为IUtCt秒内所产生的电热为I2RtDt秒内所产生的机械能为IUtI2Rt三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图中螺旋测微器的读数为_; 游标为卡尺测圆筒外径为_mm12（12分）有一个小灯泡上标有“4 V2 W”的字样,现在要用伏安法描绘这

7、个灯泡的I-U图线。现有下列器材供选用:A电压表(05 V,内阻10 k)B电压表(015 V,内阻20 k)C电流表(03A,内阻1 )D电流表(00.6A,内阻0.4 )E.滑动变阻器(10 ,2 A)F.滑动变阻器(500 ,1 A)G.学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时,选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验,请说明理由:_。(2)实验中电压表应选用_,电流表应选用_,滑动变阻器应选用_。(用序号字母表示)(3)把图中所示的实验器材用实线连接成实物电路图_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（

8、10分）如图所示，两正对的竖直平行金属板AB、CD的长度均为L=8cm、板间距离，P为A、C连线的中点；AB的延长线上有一点O和足够长的荧光屏bc。一质量、电荷量的带正电油滴从P点由静止释放后，恰好从CD板的下边缘D处射出电场。若油滴射出电场的同时，在O点固定一点电荷，同时在空间加一竖直向上的匀强电场，结果油滴离开D点后做匀速圆周运动并恰好垂直打到荧光屏上。静电力常量，取，空气阻力不计。求： （1）金属板两板间的电压U；（2）该点电荷的电荷量Q（结果保留两位有效数字）；（3）油滴从P点运动到荧光屏的时间t（结果可保留根号）。14（16分）如图所示，图线AB是某闭合电路的路端电压随电流变化的关系

9、图线， OM是某定值电阻R的伏安特性曲线，由图求：（1）R的阻值；（2）处于直线OM与AB交点C时电源的输出功率；（3）电源的最大输出功率。15（12分）如图所示，一修路工在长为S=100m的隧道中，突然发现一列火车出现在离右隧道口200m处，修路工所处的位置恰好处在无论向左还是向右跑均能脱离危险的位置，问这个位置离隧道右出口的距离是多少?他奔跑的最小速度至少应是火车速度的多少倍?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】因电压表示数相对变化大，则用电压表的真实值测量电路，为（a）电路用（a）电路：电流表示数含

10、电压表的分流，故电流比真实值大由R测=R真A. 略小于1k与分析不符，故A错误。B. 略小于750与分析不符，故B错误。C. 略大于1k与分析不符，故C错误。D. 略大于750与分析相符，故D正确。2、C【解析】解：A、正电荷从A点移到B点，克服电场力做功为3105J，电势能增加3105J，从B点移到C点，电场力做功为1.2105J，电势能减少1.2105J，则电势能一共增加1.8105J故A错误B、由题WAB=3105J，WBC=1.2105J，则WAC=WAB+WBC=1.8105J，A、C两点电势差为：UAC=V=3V，故B错误C、正电荷从A点移到B点，电势能增加3105J，若规定A点电

11、势为零，则该电荷在B点的电势能为3105J，故C正确D、B、C间电势差为 UBC=V=2V，由UBC=BC，B=0，则C=2V，故D错误故选C【点评】电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样电势差可正可负，所以U=公式中做功要注意正与负，电荷量也要代入电性3、D【解析】是电流的定义式，其大小与电量及时间无关，故A错误；恒定电流是指大小和方向均不变的电流，若电流大小不变而方向变化时也不是恒定电流，故B错误；电流有方向，但电流的运算满足代数法则不满足满足平行四边形定则，所以电流是标量，故C错误；电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位，故D正确所以D正确

12、，ABC错误4、A【解析】将两个小球看做一个整体，整体在水平方向上只受到向右的电场力，故根据牛顿第二定律可得，对小球2分析，受到向右的电场力，绳子的拉力，由于，球1受到向右的电场力大于球2向右的电场力，所以绳子的拉力向右，根据牛顿第二定律有，联立解得，故A正确；【点睛】解决本题关键在于把牛顿第二定律和电场力知识结合起来，在研究对象上能学会整体法和隔离法的应用，分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法采用隔离法可以较简单的分析问题5、B【解析】试题分析：由库仑定律可得：；当甲的带电量变为原来的2倍，即2Q；乙的带电量变为原来的8倍，即8q由于作用力相等

13、，所以变化后距离变为原来的4倍故选B考点：考查库仑定律的直接应用，点评：由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得相等的相互作用力对应的距离6、A【解析】试题分析：将小船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向正交分解，由于分运动互不干扰，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向方向的分运动有关，故船航行至河中心时，水流速度突然增大，只会对轨迹有影响，对渡河时间无影响；沿水流方向的位移xv水t，小球到达对岸的地点改变，到达对岸下游更远的位置故选A考点：运动的合成和分解【名师点睛】本题是典型的“小船过河”的问题；关键抓住渡河时间只与沿船头指向方向的分运动有关，与沿水流方向的分运动无关二、多项选择题

14、：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A负电荷从a运动到b，做加速运动，可知电场力的方向水平向右，则电场线的方向水平向左，可知ab故A错误；BC从a到b的过程中，电荷的加速度逐渐减小，可知电场强度的大小逐渐减小，则EaEb故B正确，C错误；D从a到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，则WaWb故D正确。故选BD。8、AD【解析】物块与圆盘相对静止，一起做圆周运动，受到重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力提供向心力，静摩擦力的方向指向圆心故AD正确，BC错误故选AD【点睛】静

15、摩擦力的方向与物体的相对运动趋势方向相反，本题中静摩擦力指向圆心，说明物体相对圆盘有向外滑动的趋势9、BC【解析】A由于电场力做功，所以小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，A错误；B重力做功为且为负功，则重力势能应增加，B正确；C电场力做正功，所以电势能减小为，C正确；D小球增加的机械能应该为电场力对小球做的功，所以机械能增加，D错误。故选BC。10、ACD【解析】电动机是非纯电阻，在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，这两个的计算结果是不一样的，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的【详解】ABC、电动机所消耗的电功率为P=UI，而I2R计算

16、的是电动机的内阻的发热功率，所以产生的电热为Q=I2Rt，所以AC正确，B错误；D、t秒内所产生的机械能为电动机的总功减去发热的部分，所以机械能为W=UIt-I2Rt=I（U-IR）t，所以D正确本题选错误的，故选B【点睛】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.720mm 29.8 【解析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；【详解】解：螺旋

17、测微器的固定刻度读数为2.5mm，可动刻度读数为，所以最终读数为：；游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为，所以最终读数为；故答案为：2.720mm，29.8。12、描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始,并要多取几组数据 A D E 【解析】(1)1在用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，所以电路图选用图甲(2)234 因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用05V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流故电

18、流表应选择00.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值较小的滑动变阻器，故选E；(3)5 对照电路图连接实物图，注意电流从电流表电压表正接线柱流入，如图：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 160V (2) (3) 【解析】（1）经分析可知，油滴的运动轨迹如图所示，油滴从P点沿直线运动到D点，由三角形相似有：又U=Ed解得：U=160V（2）由几何关系有：解得：油滴射出电场后，以O点为圆心做匀速圆周运动，由几何关系可得油滴的轨迹半径为：油滴从P点运动到D点的过程中的加速度大小为：由直线运动规律有：由圆周运动的规律有：解得：。（3）由（2）得：，油滴在电场中的运动时间为：油滴从D处运动到荧光屏的时间为：又解得：；14、（1）2 （2）8W （3）9W【解析】（1）根据伏安特性曲线的斜率求出电阻的阻值（2）交点对应的电压和电流为电源输出电压和输出电流，根据P=UI求出电源的输出功率（3）当外电阻等于内阻时，电源输出功率最大【详解】（1）OM是电阻的伏安特性曲线，电阻：R=42=2（2）交点C处电