湖南省株洲二中2023学年物理高二第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电流，下列说法正确的是()A通过导线截面的电量越多，电流越大B单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，则导体中电流越大C电流有方向，因此电流是矢量D通电时间越短，电流越大2、一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块并留在其中，、用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示则在子弹打入木块及弹簧被压缩的过程中，子弹、两木块和弹簧组成的系统（）A动量守恒，机械能守恒B动量不守恒，机械能守恒C动量守恒，机械能不守恒D动量不守恒，机械能也不守恒3、下列关于电阻和电阻率的说法正确的是A若将

3、一根粗细均匀的导线均匀拉长到原来的2倍时电阻率变为原来的4倍B由电阻定律可知，与R、S成正比，与l成反比C所有材料的电阻率随温度的升高而增大D对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大4、如右图，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，点为半圆弧的圆心，.电荷量相等、符号相反的两个电荷分别置于M、N两点，这时点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则点的场强大小变为E2.E1与E2之比为( )A1：2B2：1CD5、如图甲所示，两根材料相同的均匀导体柱a和b，a长为l，b长为2l，串联在电路中时，沿x轴方向电

4、势变化x图象如图乙所示，选取x3l处电势为零，则导体柱a、b的横截面积之比为()A13 B12 C14 D256、如图所示，在载流直导线旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两根可自由滑动的导体棒ab和cd。当载流直导线中的电流逐渐减弱时，导体棒ab和cd的运动情况是A一起向左运动B一起向右运动C相向运动，相互靠近D相背运动，相互远离二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，电荷量分别为q和q（q0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上

5、，a、b是正方体的另外两个顶点，则Aa点和b点的电势相等Ba点和b点的电场强度大小相等Ca点和b点的电场强度方向相同D电子在a点电势能小于在b点的电势能8、霍尔式位移传感器的测量原理是：如图所示,有一个沿Z轴方向的磁场,磁感应强度、k均为常数,将传感器固定在物体上,保持霍尔元件的电流不变方向如图中箭头所示。当物体沿z轴方向移动时,由于位置不同,霍尔元件在y轴方向的上下表面的电势差U也不同,则A磁感应强度B越大,上下表面的电势差U越小Bk越大,传感器灵敏度越高C若图中霍尔元件是电子导电,则下板电势高D电流I取值越大,上下表面的电势差U越大9、平行板电容器的两板A、B接于电池两极，一个带正电小球悬

6、挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向夹角为，如图所示，那么A保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则不变B保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则增大C电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则不变D电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则减小10、额定电压均为220V的白炽灯L1和L2的UI特性曲线如图甲所示，现将和L2完全相同的L3与L1和L2一起按如图乙所示电路接入220V电路中，则下列说法正确的是（）AL2的额定功率约为99WBL2的实际功率约为17WCL2的实际功率比L3的实际功率小17WDL2的实际功率比L3的实际功率小82W三、实验题：本题共2小题，共18分

7、。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的福安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A电源E（电动势3.0V，内阻不计）B电压表V1（量程为03.0V，内阻约2k）C电压表V2（量程为015.0V，内阻约6k）D电流表A1（量程为00.6A，内阻约1）E电流表A2（量程为0100mA，内阻约2）F滑动变阻器R1（最大值10）G滑动变阻器R2（最大值2k）（1）为减小实验误差，实验中电压表应选择_，滑动变阻器应选择_（填各器材序号）（2）为了提高实验精度，请你在如图a中设计实验电路图_（3）根据图a，在图b

8、中把缺少的导线补全，连接陈实验的电路_（4）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U-I图像如图C所示，则该小电珠的额定功率是_W，小电珠的电阻随U变大而_（填“变大”、“变小”或“不变”）（5）若把小电珠L接入如图d所示的电路中时，理想电流表的读数为0.4A，已知A、B两端电压恒为2V，则定值电阻R0阻值为_（结果保留两位有效数字） 12（12分）某实验小组用如下器材来测量电压表的内阻A待测电压表（量程3V，内阻约几千欧） B电流表（量程0.6A，内阻约0.1）C电池组（电动势约3V，内阻可忽略） D滑动变阻器R0E变阻箱R（09999） F开关和导线若干（1）图甲是某同学设计的电路，大家

9、讨论后一致认为此电路不可行，你认为原因是_；AR0阻值较小 B电流表存在内阻C电压表无法准确读数 D电流表无法准确读数（2）同学们改用图乙电路进行测量，设电阻箱的阻值R，电压表的示数为U，为了根据图像能求得电压表的内阻，应该作_图线（选“1U-R ”、填“UR”、U-1R ）；（3）请根据你选择的坐标轴和下表的数据，在图丙中标上合适的标度作出相应图线_；（4）根据你所画出的图线，求出电源的电动势E=_V，电压表内阻Rv=_k（保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在电场强度为、方向

10、水平向右的匀强电场中，用一根长的绝缘细杆(质量不计)固定一个质量为、电荷量为、带正电的小球细杆可绕轴O在竖直平面内自由转动现将杆由水平位置A轻轻释放，在小球运动到最低点B的过程中(1)电场力对小球做功多少？小球电势能如何变化？(2)小球在最低点的动能为多少？14（16分）一个电源接8电阻时，通过电源的电流为0.15A，接13电阻时，通过电源的电流为0.10A，求电源的电动势和内阻15（12分）如图所示，两水平面(虚线)之间的区域存在方向水平向右的匀强电场，电场强度E=3103N/C，自该区域上方的A点将质量m=0.04kg，电荷量q=110-4C的带正电小球M以v0=6m/s的初速度沿平行于电

11、场方向射出小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开已知带电小球M在进入电场后做直线运动，且小球从电场区域上边界运动到电场区域下边界所用时间为0.8s，重力加速度大小为g=10m/s2，整个过程空气阻力不计，求：（1）小球M刚进入电场瞬间，竖直方向的速度vy （2）求A点离电场上边界的高度 （3）小球 M点从电场区域下端离开时与小球射出点A的水平距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据I=q/t可知，通过导体横截面的电量多，但不知道通电时间，所以不能得出导体中的电流大小，故A错误；由电流的定

12、义可知，单位时间内通过导体横截面的电荷量相多，则导体中电流越大；故B正确；电流有方向，但电流是标量；故C错误；通电时间短，若流过的电量小，则电流一样可以很小；故D错误；故选B2、C【解析】在子弹打入木块A及弹簧被压缩的过程中，子弹、两木块和弹簧组成的系统所受的合外力为零，则系统的动量守恒，在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，所以系统机械能不守恒，故ABD错误，C正确。故选C。3、D【解析】AB导体的电阻率只由导体的材料决定，与导体长度、横截面积乙导体的电阻均无关，选项AB错误；C金属材料的电阻率随温度升高而增大，但是并非所有材料的电阻率随温度的升高而增大，选项C错误；D对某一确定

13、的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大，选项D正确。4、B【解析】试题分析：由得：；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场强大小变为E2，知两点电荷在O点的场强夹角为1200，由矢量的合成知，得：，B对5、A【解析】由图象可知导体柱a电压为6V，导体柱b电压为4V导体柱a与导体柱b串联，故电压之比等于电阻之比，a、b的长度之比为1:2，由电阻定律R=LS可以求出截面积之比为1：3。故选A。6、D【解析】根据安培右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，当电流减小时，磁场减弱，根据楞次定律得，回路中的感应电流为acdb，

14、根据安培左手定则知，ab所受安培力方向向左，cd所受安培力向右，即ab和cd反向运动，相互远离。A. 一起向左运动，与分析不符，故A错误。 B. 一起向右运动，与分析不符，故B错误。 C. 相向运动，相互靠近，与分析不符，故C错误。 D. 相背运动，相互远离，与分析相符，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A.等量异号电荷形成的电场线和等势面如图所示，结合题图中对应的几何关系可知，靠近负电荷，而靠近正电荷，则可知，点电势一定小于点电势；故A错误；

15、BC.、两点是两电荷单独在两点形成的电场强度的叠加，由图3可知，两点处的两分场强恰好相同，故合场强一定相同，故B、C正确；D.由于点电势一定小于点电势，因电荷带负电，根据可知电子在点电势能大于在点的电势能，故D错误。8、BD【解析】AD最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有电流的微观表达式为I=nqvS=nqvbc所以B越大，上、下表面的电势差U越大。电流越大，上、下表面的电势差U越大。故A错误，D正确。Bk越大，根据磁感应强度B=B0+kz，知B随z的变化率越大，根据知，U随z的变化率越大，即传感器灵敏度 越高。故B正确。C霍尔元件中移动的是自由电

16、子，根据左手定则，电子向下表面偏转，所以上表面电势高。故C错误。9、BC【解析】A、B、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，增大；故A错误，B正确.C、D、断开开关S，电容器所带的电量不变，由C=s4kd和C=QU可得E=Ud=QCd=4kQs.带正电的A板向B板靠近，知d变小，但E仍不变，电场力不变，不变；故C正确，D错误.故选BC.【点睛】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变10、ABD【解析】A由L2的伏安特性曲线可得

17、，在额定电压220V时的电流为0.45A，则L2的额定功率为P额U额I额99W故A正确；B图示电路为L1和L2串联再与L3并联，所以L1和L2串联后两端的总电压为220V，那么流过L1和L2的电流及两灯的电压满足I1I2U1U2220V由L1和L2的UI图线可知I1I20.25AU1152VU268V故灯L2的实际功率P2I2U217W故B正确；CD由于L3两端的电压为220V，故P3P额99W则P3P282W故C错误，D正确。故选ABD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B F 见解析 见解析 1 变大 2.0 【解析】(1)12因

18、小灯泡的额定电压为2V，因此选择3V的电压表即可，选B；由小灯泡的福安特性曲线可知小灯泡的额定电流约为0.5A，因此选择量程为0.6A的电流表，滑动变阻器采用分压式解法，因此电阻越小测量越精确，滑动变阻器选择F（2）3小灯泡属于小电阻，因此采用外接法测量比较准确，滑动变阻器为分压式，点如图如图甲所示（3）4电路图连接如图（4）56小灯泡的额定电压为2V，此时电流为0.5A，因此小灯泡的额定电压为;由小灯泡的伏安特性曲线可以看出小灯泡的电阻随电压的增大而增大（5）7电路中的电流为0.4A，由小灯泡的福安特性曲线可知小灯泡的电压为1.2V，可知此时电阻两端电压为0.8V，因此电阻12、（1）D （2）1U-R （3）如图所示: （4）2.83.2 2.83.5 【解析】（1）由于电压表的内阻约为几千欧，电源电压只有3V，可知用甲电路测量时，电路中的电流很小，则电流表无法准确读数，故选D.（2）对乙电路图，根据闭合电路欧姆定律可得：E=U+URVR可得：1U=1ERVR+1E ，则为了根据图像能求得电压表的内阻，应该作1U-R图线；（3）图像如图：（4）由图像可知：k=1ERV=0.88-0.325000=18930 ；b=1E=0.32，解得E= 3.1V；RV=28802.9k.四、计算题：本题共2