四川省乐山四中2023学年物理高二上期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、随着科幻电影流浪地球的热映，“引力弹弓效应”进入了公众的视野“引力弹弓效应”是指在太空运动的探测器，借助行星的引力来改变自己的速度为了分析这个过程，可以提出以下两种模式：探测器分别从行星运动的反方向或同方向接近行星，分别因相互作用改变了速度如图所示，以太阳为参考系，设行星运动的速度为，探测器的初速度大小为v0，在图示的两种情况下，探测器在远离行星后速度大小分别为v1和v2.探测器和行星虽然没有发生直接的碰撞，但是在行星的运动方向上，其运动规律可以与两个质量不同的钢球在同一条直线上发生的弹性碰撞规律作类比那么下列判断中正确的是Av1 v0Bv1= v0Cv2 v0Dv2=v02、用

3、如图所示的电路测量待测电阻Rx的阻值时，下列关于由电表产生误差的说法中，正确的是（）A电压表的内电阻越小，测量越精确B电流表的内电阻越大，测量越精确C电压表的读数大于Rx两端真实电压，Rx的测量值大于真实值D由于电流表的分流作用，使Rx的测量值小于真实值3、图示为 A、B两质点的速度图象，其加速度分别为aA、aB，在零时刻的速度分别为vA、vB那么，下列判断正确的是（ ）AvAvBBvAvBCaAaBDaAaB4、如图所示，光滑绝缘细杆与水平面成角固定，杆上套有一带正电的小球，质量为m，带电荷量为q，为使小球静止在杆上，可加一匀强电场，所加电场的场强满足什么条件时，小球可在杆上保持静止A当场强

4、方向垂直于杆斜向上时，场强大小为mgcos/qB当场强方向竖直向上时，场强大小为mg/qC当场强方向垂直于杆斜向上时，场强大小为mgsin/qD当场强方向水平向右时，场强大小为mgcot/q5、运动员参加110米栏比赛，11秒末到达终点的速度为12m/s，则全程的平均速度是（）A10 m/s B11 m/s C6 m/s D12 m/s6、下列说法正确的是A由C=可知，电容器的电容与任一极板的电荷量Q成正比B由=可知，电场中某点的电势与电荷在该点处具有的电势能Ep成正比C由R=可知，金属导体的电阻与其接入电路的长度成正比D由E=可知，某一电源的电动势与电源中非静电力所做的功成正比二、多项选择题

5、：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a，b两点电场强度和电势均相同的是（）ABCD8、如果不计重力的电子，只受电场力作用，那么电子在电场中可能做（ ）A匀速直线运动B匀加速直线运动C匀变速曲线运动D匀速圆周运动9、如图所示，匀强磁场分布在半径为R的圆形区域MON内，Q为半径ON上的一点且OQR，P点为边界上一点，且PQ与OM平行现有两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场(不计粒子重力及粒子间的相互作用

6、)，其中粒子1从M点正对圆心射入，恰从N点射出，粒子2从P点沿PQ射入，下列说法正确的是( )A粒子2一定从N点射出磁场B粒子2在P、N之间某点射出磁场C粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为32D粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为2110、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有A、B、C三点,如图甲所示,一个电荷量为210-3C质量为0.1kg的小物块(可视为质点)从C点静止释放,其运动的v-t图象如图乙所示,其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)，则下列说法正确的是A由C到A的过程中物块的电势能一直增大BB点为中垂线上电场强度最大的点,场强E=100V

7、/mC由C点到A点电势逐渐降低DA、B两点间的电势差UAB=5V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属丝电阻率”的实验中,需要测量的物理量有U、I、d、L：（1）用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为_mm（2）若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将 比真实值_选填“偏大”或“偏小” （3）用给定的物理量符号表示，该金属丝的电阻率为_12（12分）为了描绘小灯泡的伏安特性曲线，提供以下实验器材：小灯泡L(额定电压3.8 V，额定电流0.32 A)电压表V(量程3 V，内阻3 k)电流表A(量程0.5 A，内

8、阻约0.5 )电阻箱R0(09999.9 )滑动变阻器R1(阻值05，2A)滑动变阻器R2(阻值0200，1A)学生电源E(电动势4 V，内阻不计)开关S及导线若干（1）关于控制电路中滑动变阻器的连接方法，应选择_A分压式连接 B限流式连接（2）为了减小系统误差，关于测量电路中电压表和电流表的连接方式，应选择_A电流表内接法 B电流表外接法（3）实验提供的电压表量程小于小灯泡的额定电压，需要把电压表的量程扩大到4伏，改装电压表时，应将电阻箱阻值调至_，并与题中所给电压表_。(选填“串联”或“并联”)（4）请在方框中画出该实验的电路图_。（5）为操作方便，实验中滑动变阻器应选择_(选填R1或R2

9、)你的选择理由是_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示电路中，开关S闭合时电压表示数为11.4V，电流表示数为0.2A，开关S断开时电流表示数为0.3A，求：(1)电阻的值(2)电源电动势和内电阻14（16分）一列简谐横波在时的波形图如图所示。介质中x=2m处的质点P沿轴方向做简谐运动的表达式为cm。介质中x=6m处的质点刚好开始振动。求：（1）这列波的波速；（2）从时开始，到介质中x=20m处的质点第一次到达波谷所需的时间。15（12分）如图所示，在真空中相距为5m的A、B两点分别固定着电荷量为

10、和的点电荷，空间一点C与A、B分别相距4m和3m，试求C点的场强的大小和方向？（）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设探测器的质量为m，行星的质量为M，探测器和行星发生弹性碰撞.A、B、对于模型一：设向左为正，由动量守恒定律：，由能量守恒，联立解得探测器碰后的速度，因，则，故A正确，B错误.C、D、对于模型二：设向左为正，由动量守恒定律：，由能量守恒，联立解得探测器碰后的速度，因，则；故C、D均错误.故选A.2、C【解析】AB该电路中，Rx的测量值实际上为故电流表的内电阻越小，测量越精确，AB错误；CD

11、该电路中电流表的读数为通过Rx的真实值，电压表的读数为Rx两端的电压与电流表的分压之和，大于Rx两端的真实电压，根据欧姆定律知，Rx的测量值大于真实值， 选项D错误，C正确。故选C。3、C【解析】由图象可知，A的初速度大于B的初速度，即vAvBA的斜率大于B的斜率，则aAaB故C正确，A、B、D错误故选C4、B【解析】试题分析：若电场方向垂直于杆斜向上，小球受到的电场力方向也垂直于杆斜向上，在垂直于杆的方向小球受力能平衡，而在平行于杆方向，重力有沿杆向下的分力，没有力与之平衡，则小球将向下滑动，不能保持静止故A、C均错误若电场方向竖直向上，此时球受两个力，竖直向上的电场力和竖直向下的重力，根据

12、二力平衡可知，Eq=mg，故故B正确若电场方向向右，此时受三个力，重力、电场力和支持力重力和电场力垂直于杆方向的分力的合力和支持力等值反向，重力和电场力沿杆子方向的分力大小相等方向相反，有mgsin=Eqcos，故，故D错误故选B考点：物体的平衡5、A【解析】根据平均速度公式可得v=xt=11011ms=10m/s ，故选A.6、C【解析】A电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身,并不是电容器的电容与所带电荷量成正比,与两极板间的电压成反比,故A错误B电场中某点的电势由电场本身决定，不随电势能的变化而变化，故B错误C根据电阻定律可知电阻与导体的长度和横截面积都有关系；当其他条件

13、不变时与其接入电路的长度成正比，所以C正确;D电动势反映的是电源的属性，由电源内部非静电力的特性决定，故D错误.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】等量异种电荷电场分布如图所示Aa、b两点在等量异种电荷连线的中垂线上，且关于连线对称，根据电场分布图以及对称规律可知a、b两点的电场场强以及电势相等，A正确；B图中a点距离点电荷较近，电场强度较大，b点在0等势面上，而a点靠近正电荷，电势为正，故两点电场强度和电势都不等，B错误；C根据对称性可知两点电场强度大小

14、相等，但方向不同，故两点的电场强度不等，a点靠近正电荷，b点靠近负电荷，所以a点的电势高于b点的电势，C错误；D在连线的中垂面上，所有点的电场强度方向都是由正电荷指向负电荷，故两点的电场强度方向相同，又根据，结合矢量合成法可知两点的电场强度大小相等，故两点的电场强度相等，都平行于两电荷的连线指向同一方向，ab两点连成的平面是等势面，因此这两点电势相等，D正确。故选AD。8、BCD【解析】A、由于电子在电场中一定会受到电场力的作用，一定有加速度，所以电子不会做匀速直线运动，所以A不可能；B、当电子受到的电场力的方向和电子的速度的方向相同时，电子就会做匀加速直线运动，所以B可能；C、当电子受到的电

15、场力的方向和电子的速度的方向垂直时，电子将做类平抛运动，是匀变速曲线运动，所以C可能；D、当电子受到的电场力的方向始终和速度的方向垂直时，电子就会做匀速圆周运动，比如电子绕着原子核的转动，所以D可能9、AD【解析】粒子1从M点正对圆心射入，恰从N点出，根据洛仑兹力指向圆心，和MN的中垂线过圆心，可确定圆心O1，运动轨迹为蓝色圆弧，其半径R两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场，粒子运动的半径相同粒子2从P点沿PQ射入，根据洛仑兹力指向圆心，圆心O2应在P点上方R处，连接O2P、ON、OP、O2N，O2PON为菱形，O2N大小为R，所以粒子2一定从N点射出磁场A正确，B错误MO1N=90；P

16、O2N=POQ，cosPOQ=OQ/OP，所以PO2N=POQ=45两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场，粒子运动的周期相同粒子运动时间与圆心角成正比所以粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为2：1C错误，D正确故选AD【点睛】本题关键是要画出粒子运动的轨迹草图，对数学有一定要求，同时还需掌握确定圆心的方法，粒子运动时间在磁场中运动时间的方法10、BC【解析】由能量守恒定律分析电势能的变化情况根据v-t图可知物块在B点的加速度最大，此处电场强度最大，根据牛顿第二定律求场强的最大值由C到A的过程中物块的动能一直增大，根据电场线的方向分析电势的变化，由动能定理可求得AB两点的电势差。【详解】

17、A项：从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故A错误；B项：带电粒子在B点的加速度最大，为am=47-5ms2=2ms2，所受的电场力最大为 Fm=mam=0.12N=0.2N，则场强最大值为Em=Fmq=100NC，故B正确；C项：据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确；D项：从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为 vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得：qUAB=12mvB2-12mvA2=-1J，解得：UAB=-500V，故D错误。故应选：BC

18、。【点睛】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，要知道v-t图切线的斜率表示加速度，由动能定理求电势差是常用的方法。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.697mm（0.695-0.698均正确） 偏小 【解析】(1)1金属丝的直径为(2)2采用电流表外接法，电流表示数偏大，电压表示数准确， ，测量结果将比真实值偏小。(3)3金属丝电阻电阻决定式联立解得：12、A B 1000.0 串联 R1 选择R1时，移动滑片，小灯泡两端的电压示数变化比较均匀（线性关系较好） 【解析】（1）1因要得到从零开始连续可调的多组电压，则控制电路中滑动变阻器的连接方法，应选择分压式连接，故选A。（2）2小灯