甘肃省岷县一中2023学年物理高二第一学期期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，一带正电的粒子以水平初速度vo（vo W2B一定是W1= W2C一定是W1 W2，也可能是W1 W22、如图，a、b是一条电场线上的两点，将一个电子从点处由静止释放，

2、电子从运动到b过程中，它运动的图线如图所示，则以下判断正确的是A该电场可能是匀强电场B从运动到，电子的电势能逐渐增大C点的电势低于点的电势D电子在点受到的电场力小于电子在点受到的电场力3、如图所示，质量为m的小物块静止地放在半径为R的半球体上，物块与半球体间的动摩擦因数为，物块与球心的连线与水平地面的夹角为，下列说法中正确的是A地面对半球体的摩擦力方向水平向左B物块对半球体的压力大小为mgcosC物块所受摩擦力大小为mgcosD物块所受摩擦力大小为mgcos4、下列物理量中属于矢量的是（ ）A电势能B电势C电流D电场强度5、把一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射出一颗子弹时，

3、关于枪、 弹、车，下列说法正确的是A枪和弹组成的系统，动量守恒 B枪和车组成的系统，动量守恒C三者组成的系统，因为枪弹和枪筒之间的摩擦力很小，使系统的动量变化很小，可以忽略不计，故系统动量近似守恒 D三者组成的系统，动量守恒，因为系统只受重力和地面支持力这两个外力作用，这两个外力的合力为零6、在如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，两平行板水平放置具有不同水平速度的带电粒子射入后发生偏转的情况不同这种装置能把具有某一特定速度的粒子选择出来，所以叫做速度选择器现有一束带电粒子以速度v0从左端水平射入，不计粒子重力下列判断正确的是A若粒子带正电且速度，则粒子将沿图中虚线方向通过

4、速度选择器B若粒子带负电且速度，则粒子将偏离虚线方向向上做曲线运动C若粒子带正电且速度，则粒子将偏离虚线方向向上做曲线运动D若粒子带负电且速度，则粒子将偏离虚线方向向上做曲线运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两列水波发生干涉，某时刻，M点波峰与波峰相遇，N点波峰与波谷相遇，则下列说法中正确的是AM点的振动始终是加强的BN点的振动始终是减弱的CM点振动的位移不会为0DM点的振幅大于N点的振幅8、质量为m=2kg的物体静止放置在粗糙水平地面O处，物体与水平

5、面间的动摩擦因数=0.5，在水平拉力F作用下物块由静止开始沿水平地面向右运动，经过一段时间后，物体回到出发点O处，取水平向右为速度的正方向，如图a所示，物块运动过程中其速度v随时间t变化规律如图b所示，重力加速度g取10m/s2，（）A物块经过4s时间到出发点B物块运动到第3s时改变水平拉力的方向C3.5s时刻水平力F的大小为4ND4.5s时刻水平力F的大小为16N9、某输电线路横穿公路时，要在地下埋线通过，为了保护线路不至于被压坏，预先铺设结实的过路钢管，再让输电线从钢管中穿过电线穿管的方案有两种：甲方案是铺设两根钢管，两条输电线分别从两根钢管中穿过；乙方案是只铺设一根钢管，两条输电线都从这

6、一根钢管中穿过，如图12所示如果输电导线输送的电流很大，那么，以下说法正确的是 ( )A无论输送的电流是恒定电流还是交变电流，甲、乙两方案都是可行的B若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的C若输送的电流是交变电流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D若输送的电流是交变电流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的10、在如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，下列哪些方法会使P向上运动A断开S2B适当减小两板之间的距离C断开S4并适当减小两板之间的距离D断开S4并适当减小两板之间的正对面积三、实验题：本题共2小题，

7、共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用伏安法测金属丝电阻率”的实验中(1)下列关于金属丝的电阻率、电阻Rx以及实验操作的说法中，正确的是_.A将金属丝等分成两段，则每段的电阻Rx和电阻率均变为原来的一半B金属丝的电阻Rx越大，其电阻率也一定越大，导电性能越弱C金属丝的电阻与它的长度成正比，与通过它的电流的大小成反比D测量过程中，通过金属丝的电流不宜过大，通电时间也不宜过长，以避免温度对电阻率的影响(2)用螺旋测微器测金属丝直径时的示数如图甲所示，读数应：_mm.(3)实验器材有：电池组、电流表(内阻约为0.1)、电压表(内阻约为1000)、滑动变阻器、

8、电阻丝Rx(内阻约为2)、开关、导线若干.图乙为本次测电阻率实验的实物图，图中已连接了部分导线，要求金属丝两端电压从0V开始测量.请将该实物图连接补充完整_,为保证实验器材的安全，闭合开关前滑动变阻器滑片P应放在_端(填“左”或者“右”)(4)某次测量中电压表的示数为U0，电流表示数为I0，接入电路的电阻丝长度为l0，横截面直径为D，则该金属丝电阻率为_(用I0，U0，l0，D表示)12（12分）某同学将铜片和锌片插入水果中制成一个“水果电池”，该同学利用下列所给器材测量该“水果电池”的电动势E和内阻r电流表A1(量程0.6A，内阻约1 )电流表A2(量程20 mA，内阻约50 )电压表V1(

9、量程4V，内阻约4 k)电压表V2(量程15V，内阻15 k)滑动变阻器R1(010)滑动变阻器R2(01000)待测“水果电池”(电动势E约为4 V，内阻r约为200 ) 开关S，导线若干（1）为尽量减小实验的误差，实验中电流表选择_；电压表选择_；滑动变阻器选_；（填写字母代号）（2）请在虚线方框中画出实验电路图 _ ；（3）该同学实验中记录的6组对应的数据如下表，试根据表中数据在图中描点画出UI图线 _ ；由图线可得，“水果电池”的电动势E_V，内电阻r_（计算结果保留3位有效数字）(4)实验测得的“水果电池”的电动势和内阻与真实值相比，E测_E真，r测_r真(选填“大于”、“小于”或“

10、等于”) 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）空间中存在未知电场，将一个电荷量为q=-210-10C的点电荷从电场中的A点沿直线移到B点的过程中，电场力做功为410-9J已知A点的电势为0V，求：（1）AB间的电势差UAB（2）该点电荷在B点时具有的电势能EPB14（16分）已知质量为m的带电液滴，以速度v射入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动，如图所示求：(1)液滴在空间受到几个力作用；(2)液滴带电荷量及电性；(3)液滴做匀速圆周运动的半径15（12分）如图

11、所示,AB为倾角为=37的光滑绝缘斜面,AB长度为,BC为半径的竖直光滑绝缘圆弧面 ,AB与BC在B点相切,C为圆弧面的最低点,在BD左侧加一如图所示的水平匀强电场E1=3103N/C现将一质量为m=410-4kg带电的小物块置于斜面上的A点,带电小物块恰好静止在斜面上从某时刻开始,水平匀强电场的电场强度变为原来的一半,物块开始加速下滑,(sin37=0.6,cos37=0.8,g取10m/s2)求：（1）带电小物块是正电荷还是负电荷,物块所带电荷量为多少？（2）沿斜面下滑到B点时,物块的瞬时速度为多大？（3）如果在BD右侧存在竖直向上的匀强电场,场强为E2=1.2104N/C,则物块运动到C

12、点时,轨道对小物块的支持力为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】先判断带电粒子在电场中的受力情况和在重叠区的受力情况，比较两种情况中的偏转位移的大小，而洛伦兹力对粒子不做功，只有电场力做功，进而可以判断做功大小【详解】不论带电粒子带何种电荷，粒子穿过重叠场区时，电场力的方向与洛伦兹力的方向的夹角大于90，所以带电粒子在电场中的偏转位移比重叠时的偏转位移大，所以不论粒子带何种电性，甲中带电粒子在电场中偏转位移一定大于乙中的偏转位移，而洛伦兹力对带电粒子不做功，只有电场力做功，所以一定是W1W2，故A正

13、确。故选A。【点睛】本题解题的关键是分析两种情况下的偏转位移的大小，洛伦兹力对带电粒子不做功，难度适中2、C【解析】由图可知：点电荷做初速度为零的变加速直线运动，加速度逐渐减小，说明该电荷所受的电场力逐渐减小，则电场强度是逐渐减小的，此电场一定是非匀强电场故A错误由图知，从a运动到b，电荷的动能增加，根据能量守恒可知，其电势能必定减小由于电子带负电，可知，电势升高，即a点的电势低于b点的电势，故B错误，C正确v-t图象的斜率表示加速度，可见该电荷的加速度不断减小，电场力不断减小，该电荷在a点所受电场力大于在b点所受电场力，故D错误故选C【点睛】本题结合运动图象考查了电场强度和电势的变化情况，考

14、查角度新颖，要注意结合图象的含义以及电场线和电场强度与电势的关系求解3、D【解析】从整体角度去分析，则地面对半球体没有摩擦力，故A错误；对物体受力分析，质点受重力、支持力及摩擦力，如图所示：由共点力的平衡可知，质点受到的支持力F=mgsin，故由牛顿第三定律可求得质点对半球体的压力大小为mgsin； 质点受到的摩擦力f=mgcos，方向斜向上，因为是静摩擦力，不用动摩擦因数求摩擦力，故B C错误，D正确；故选D【点睛】本题采用整体法和隔离法处理力平衡问题，考查灵活选择研究对象的能力，正确作出力图是基础4、D【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，电场强度是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量

15、，电势、电流和电势能都标量，故D正确，ABC错误。【点睛】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量，物理量的矢标性是其基本内涵，要掌握矢量的方向特点进行记忆。5、D【解析】试题分析：当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，枪和弹组成的系统中枪受到小车的作用力，外力不为零，系统动量不守恒，A错误；在枪和车组成的系统中，枪受到子弹的作用力，系统外力不为零，B错误；枪、弹、车组成的系统，它们之间相互作用的力为内力，比如枪弹和枪筒之间的摩擦力，系统所受外力之和为零，系统动量守恒，故C错误D正确考点：考查了动量守恒定律6、A【解析】粒子做匀速直线运动，洛仑兹力与电场力平衡

16、，即，解得，即无论粒子带正电还是带负电，只要满足，则粒子将沿图中虚线方向通过速度选择器，A正确B错误；正粒子以小于的速度沿极板方向从左端射入，根据知洛伦兹力小于电场力，电场力竖直向下，合力竖直向下，故它将向下偏转，C错误；正粒子以大于的速度沿极板方向从左端射入，根据知洛伦兹力大于电场力，电场力竖直向下，合力竖直向上，故它将向上偏转，但电场力做负功，速度减小，洛伦兹力减小，最终洛伦兹力等于电场力，之后做直线运动，D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】振

17、动加强点始终加强，减弱点始终减弱，故M点的振动始终是加强，N点的振动始终是减弱，AB正确；加强点是指振幅的叠加，质点仍会做周期性振动，所以M点的位移会为零，C错误；加强点是指振幅的叠加，故M点的振幅为2A，N点的振幅为零，故D正确8、CD【解析】A由图可知，0到4s，物体速度值为正，向正方向运动，4到5s，速度值为负，向反方向运动，所以物块经过4s时间距出发点最远，故A错误；BC3-4s内物体的加速度根据牛顿第二定律可得解得方向在3-4s 内没变，故B错误，C正确；D4到5s，物体的加速度为由牛顿第二定律可得：解得：故D正确故选CD考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动的图像【名师点睛】解答本题的

18、关键是知道v-t图象中图象的含义；图象的斜率表示物体的加速度；图象与时间轴所围面积表示物体的位移；速度值为正，表示物体向正方向运动，速度值为负，表示物体向反方向运动9、BC【解析】若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的，B正确输电线周围存在磁场，交变电流产生变化的磁场，因此在输电过程中输电线因电流变化引起自感现象，当输电线上电流很大时，强大的自感电流有可能将钢管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的在乙方案中，两条输电线中的电流方向相反，产生的磁场互相抵消，使自感现象的影响减弱到可以忽略不计的程度，是可行的，C正确此题类似于课本中提到的“双线并绕”10、ABD【解析】断开，C直接接到电源

19、两端，C两端电压增大，故E增大，电场力增大，油滴向上运动，故A正确；其他条件不变时，电容器两端的电压不变，适当减小两板间的距离时，由可知，板间的电场强度增大，故油滴受到的电场力大于重力，油滴向上运动，故B正确；断开时电容器与电源断开，电量不变，减小两板间的距离时，根据、可知，则可知，电场强度不变，故油滴不动，故C错误；断开时电容器与电源断开，电量不变，根据可知，减小两板之间的正对面积时C减小，则U增大，由于d不变，电场强度E增大，故油滴向上移动，故D正确【点睛】解决本题的关键要明确电路稳定时，电容器的电压等于与之并联的电路两端的电压，注意与电容器串联的电阻相当于导线然后再结合电容器的动态分析规

20、律进行分析即可求解三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D 0.3960.398mm 如图所示： 左 【解析】（1）A、电阻决定式为：，可知把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻变为原来的一半，但电阻率与温度和材料有关，与其他因素无关，故电阻率不变，故A错误；B、电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，与温度和材料有关，与本身电阻大小无关，电阻率越大，其导电性能越差，电阻率越小，则其导电性能越好，故B错误；C、根据电阻定律：金属丝的电阻与它的长度、横截面积以及电阻率有关，与电流无关，故选项C错误；D、测电阻时，电流不宜过大，通电时间不

21、宜过长，否则温度变化明显，电阻率会明显变化，故D错误；（2）螺旋测微器的固定刻度读数为，可动刻度读数为，所以最终读数为；（3）要求金属丝两端电压从0V开始测量，故滑动变阻器采用分压式连接，同时电流表的内阻与待测电阻相差不多，则采用安培表外接，对待测电路起到保护作用，故闭合开关前滑动变阻器滑片P应放在左端，则如图所示：（4）根据欧姆定律，可知接入电路的电阻，在根据电阻定律：，则整理可以得到：。点睛：本实验题要求要熟练掌握螺旋测微器读数的方法，能根据待测电阻与两个电表内阻的关系，选择电流的内、外接法，以及变阻器的分压式与限流式接法。12、 ； ； ； 3.80(3.79-3.81); 187(185-190); 小于； 小于； 【解析】（1）在实验中应该保证正常工作时，电表的读数大于满偏的 ，所以电压表选V1，回路中的短