江西省于都县第三中学2023学年高二物理第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、把一根柔软的螺旋形弹簧竖直悬挂起来，使它下端刚好跟杯中的水银面接触，并使它组成如图所示的电路，当开关接通后将看

2、到的现象是（）A弹簧向上收缩B弹簧被拉长C弹簧上下跳动D弹簧仍静止不动2、我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240 m的近似圆形轨道，电子电荷量e=1.61019 C，在整个环中运行的电子数目为51011个，设电子的速度是3107 m/s，则环中的电流是（ ）A10 mAB1 mAC0.1 mAD0.01 mA3、如图所示，两平行导轨、竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒中通以变化的电流，同时释放金属棒使其运动已知电流随时间变化的关系式为（为常数，），金属棒与导轨间的动摩擦因数一定以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速

3、度、加速度随时间变化的关系图象中，可能正确的有ABCD4、两个质量相同的小球用不可伸长的细线连结，置于场强为E的匀强电场中，小球1和2均带正电，电量分别为和（）将细线拉直并使之与电场方向平行，如图所示若将两小球同时从静止状态释放，则释放后细线中的张力T为（不计重力及两小球间的库仑力）AT=（）EBT=（）ECT=（+）EDT=（+）E5、按照麦克斯韦电磁场理论，以下说法中正确的是A电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B稳定的电场周围产生稳定的磁场，稳定的磁场周围产生稳定的电场C均匀变化的电场周围产生均匀变化的磁场，均匀变化的磁场周围产生均匀变化的电场D周期性变化的电场周围产生周期性变化的

4、磁场，周期性变化的磁场周围产生周期性变化的电场6、如右图所示的电路为欧姆表原理图，电池的电动势E1.5 V，G为电流表，满偏电流为200 A。当调好零后，在两表笔间接一被测电阻Rx时，电流表G的指针示数为50 A，那么Rx的值是()A7.5 kB22.5 kC15 kD30 k二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在一匀强磁场中有三个带电粒子，其中1和2为质子，3为粒子（He）的径迹它们在同一平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，三者轨道半径r1r2r3并相切于P

5、点，设T、v、a、t分别表示它们做圆周运动的周期、线速度、向心加速度以及各自从经过P点算起到第一次通过图中虚线MN所经历的时间，则（）AT1T2T3Bv1v2v3Ca1a2a3Dt1t2t38、一匀强电场的方向平行于xoy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为17V、33V、49V。下列说法正确的是（）A坐标原点处的电势为1VB电场强度的大小为5V/mC匀强电场的方向由O点指向c点D质子从b点运动到c点，电场力做功为-16eV9、如图甲所示，有一绝缘圆环，圆环上均匀分布着正电荷，圆环平面与竖直平面重合，一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环，细杆上套有一个质量为m10g的小

6、球，小球所带电荷量q+5.0104C，小球从C点由静止释放，其沿细杆由C经B向A运动的vt图象如图乙所示。小球运动到B点时，速度图象的切线斜率最大(图中标出了该切线)。则下列说法正确的是()A圆环中心O点场强为零，B点场强最大B由C到A的过程中，小球的电势能一直减小C由C到A的过程中，电势逐渐升高DC、B两点间的电势差UCB0.9V，B点场强大小为E1.5V/m10、如图所示，真空中一条直线上有四点A、B、C、D，AB=BC=CD，只在A点放一电量为+Q的点电荷时，B点电场强度为E，若又将等量异号的点电荷Q放在D点，则（ ） AB点电场强度为，方向水平向右BB点电场强度为，方向水平向右CB、C

7、两点的电场强相同DBC线段的中点电场强度为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用一端装有定滑轮的长木板、小车、打点计时器（频率为50Hz）、钩码、纸带、细线组成如图（a）所示的装置钩码拉动小车，小车做匀加速直线运动得到如图（b）所示的一条纸带，纸带中相邻两个计数点之间有四个点未画出。（1）在本实验中某同学操作了以下实验步骤，其中有明显错误的步骤是_（填写字母）A将打点计时器固定在平板上，并接好电路B将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔C把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码D放开纸带，再接通电源（2

8、）如图（b）用毫米刻度尺测量得：AB4.56cm、AC12.06m、AD22.52cm、AE36.04cm，则：打C点时小车的速度大小为_m/s；小车的加速度大小为_m/s2（结果保留两位有效数字）12（12分）在测定金属丝的电阻率的实验中，某同学进行了如下测量：（1）用米尺测量金属丝的长度 l 为 1.000m，用螺旋测微器测量金属丝的直径，从图中读出金属丝的直径为_mm。（2）若实验所用电流表的内阻R=2，电压表内阻约为2k，那么，测量金属丝电阻的最佳电路应是图2中的_（选填“甲”或“乙”）电路。按照规定的电路连接好线路后，调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图3所示

9、，读数为_V。求得该金属丝的电阻R=_（保留2位有效数字）。（3）由以上数据求得该金属丝的电阻率=_m（保留2位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，直角坐标系xOy位于竖直平面内，其中x轴水平，y轴竖直竖直平面中长方形区域OABC内有方向垂直OA的匀强电场，OA长为l，与x轴间的夹角，一质量为m、电荷量为q的带正电小球可看成质点从y轴上的P点沿x轴正方向以一定速度射出，恰好从OA的中点M垂直OA进入电场区域已知重力加速度为g (1)求P点的纵坐标及小球从P点射出时的速度大小v0；(2)已知

10、电场强度的大小为，若小球不能从BC边界离开电场，OC长度应满足什么条件？14（16分）在一倾角为的光滑绝缘斜面上方，有平行于斜面向上的匀强电场，虚线MN为电场的上边界，场强大小EV/m，MN上方有一长为L0.5 m的轻质绝缘杆，杆的上下两端分别固定一个小球A、B(可看成质点)，质量均为m0.01 kg，A不带电，B带电荷量q2C，B到MN的距离d0.4 m现将A、B两球由静止释放(g取10 m/s2)，求：(1)小球B在匀强电场中，而A还未进入电场时，两小球的加速度大小；(2)从开始运动到A刚要进入匀强电场过程的时间15（12分）一电子以水平速度v0沿两平行金属板A、B的轴线MN射入，两金属板

11、间电压UAB的变化规律如图所示已知电子质量为m，电荷量为e，电压周期为T，电压为U0（1）若电子从t=0时刻进入两板间，且能从板右边水平飞出，则金属板可能为多长？（2）若电子从t=0时刻进入两板间，且在半个周期内恰好能从板的上边缘飞出，则电子飞出速度为多大？（3）若电子能从板右边N点水平飞出，电子应在哪一时刻进入两板间？两板间距离至少为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧

12、的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程故弹簧上下振动A. 弹簧向上收缩与分析不符，故A错误B. 弹簧被拉长与分析不符，故B错误C. 弹簧上下跳动与分析相符，故C正确D. 弹簧仍静止不动与分析不符，故D错误2、A【解析】51011个电子的总电荷量为q=510111.610-19C=810-8C，电子运动的周期为 ，则环中电流为 故选A.3、B【解析】以竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度，f=N=FA=BIL=BLkt，联立解得加速度a=g，与时间成线性关系，且t=0

13、时，a=g，故CD错误因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动故A错误，B正确故选B【点睛】解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道速度时间图线的切线斜率表示加速度4、A【解析】将两个小球看做一个整体，整体在水平方向上只受到向右的电场力，故根据牛顿第二定律可得，对小球2分析，受到向右的电场力，绳子的拉力，由于，球1受到向右的电场力大于球2向右的电场力，所以绳子的拉力向右，根据牛顿第二定律有，联立解得，故A正确；【点

14、睛】解决本题关键在于把牛顿第二定律和电场力知识结合起来，在研究对象上能学会整体法和隔离法的应用，分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法采用隔离法可以较简单的分析问题5、D【解析】根据“按照麦克斯韦电磁场理论”可知，本题主要是考查麦克斯韦电磁场理论，根据麦克斯韦电磁场理论，稳定电场磁场不能产生磁场电场，均匀变化电场磁场周围产生稳定的磁场电场，周期性变化的电场磁场周围产生周期性变化的磁场电场即可判断【详解】AB、稳定电场不能产生磁场，稳定磁场不能产生电场，故A错误、B错误；C、均匀变化电场周围产生稳定的磁场，均匀变化磁场周围产生稳定的电场，故C错误；D

15、、根据麦克斯韦理论可知，周期性变化的电场周围产生周期性变化的磁场，周期性变化的磁场周围产生周期性变化的电场，故D正确；故选D6、B【解析】试题分析: 由满偏电流求欧姆表的内阻：R内=7500连入电阻后，由I=；解得RX=22.5K，故选B考点：用多用电表测电阻二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力可得半径公式，同时推出周期公式和时间公式，根据牛顿第二定律得到加速度的公式，再进行分析【详解】设带电粒

16、子的质量和电量分别为m、q，则带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时周期为，T与比荷成反比，质子与粒子的比荷之比为2：1，则有 ,故A正确带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时半径为，则，对粒子1和2 ，其比荷相等，则半径越大速度越大，故；对粒子2和3，粒子2的比荷和半径均比粒子3大，故故B正确粒子的加速度为，同理 ，故C正确由图看出粒子2的速度偏向角大于粒子1的速度偏向角，根据轨迹所对的圆心角等于速度偏向角，可知粒子2轨迹的圆心角大于粒子1轨迹的圆心角，所以粒子2的运动时间大于粒子1的运动时间，即 ；同理可得,粒子3轨迹的圆心角大于粒子2轨迹的圆心角，同时由于可知，故有 ，则，故D错误8、AD【

17、解析】A根据因a、b、c三点电势分别为、解得：原点处的电势为故A正确；BC如图所示在ac连线上，确定中点b点，电势为33V，将bb连线，即为等势线，那么垂直bb连线，则为电场线，再依据沿着电场线方向，即匀强电场的方向由c点指向O点，电势降低，则电场线方向如图，因为匀强电场，则有依据几何关系，则代入数据，得电场强度大小为故BC错误；D质子从b点运动到c点，电场力做功为故D正确。故选AD。9、ABD【解析】A有场强叠加原理可知，圆环上电荷元在O点形成的场强叠加的合场强为零；小球由C向A运动过程中，合外力F=qE，故加速度；在O点右侧杆上，电场方向向右，故加速度向右，由图像可知B点加速度最大，则B点

18、场强最大，选项A正确；BC由C到A的过程，电场方向向右，故沿着电场线方向电势降低；电场力做正功，故小球的电势能减小；故B正确，C错误；D小球从C到B的过程只有电场力做功，故由动能定理可得所以有B点场强大小为故D正确。故选ABD。10、BC【解析】AB.只在A点放正电荷时，B点的场强为：，又将等量异号的点电荷Q放在D点后，-Q在B点产生的场强为：，所以B点场强为：，方向水平向右，故A错误，B正确；C. C点场强为：，方向水平向右，所以B、C两点的电场强度相同，故C正确；D. BC线段的中点电场强度：，故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

19、11、D 0.90 3.0 【解析】(1)1其中有明显错误的步骤是：开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点。所以D错误。(2)23 由于两个相邻的计数点之间还有4个点没画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s。根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，为：根据匀变速直线运动的推论公式有：，则有：12、 （1）1.204（1.2011.204均可） （2）内接法 乙 2.6 （3）【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为0.0120.4mm=1.204mm。（2）电流表内阻约2 ，电压表内阻约20k，电流表采用内接法，则图2电路图中的乙电路。电压表量程是03V，分度值是0.1V，示数