湖南省汨罗市2023学年高二物理第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，在点电荷形成的电场中有a、b、c三点，它们到点电荷的距离分别为ra、rb和rc，且rbra=rcrb用Uab表示a、b之间的电势差，用Ubc表示b、c之间的电势差，则下列说法中正确的是（）AUabUbcBUab=UbcCUabUbcD根据已知条件，无法判断Uab和Ubc之间的大小关系2、如图所示,一均匀带电荷量为+Q的细棒,在过中点c垂直于细棒的直线上有a、b、d三点,a和b,b和c,c和d之间的距离均为R,在a处有一电荷量为+q的固定点电荷.已知b点处的电场强度为零,则d点处的电场强度大小为(K为静电力常量)()AKQqR2 BK9Qq9R2 CK10q9R2 DK3

3、QR23、对于电动势的定义式EW/q的理解，正确的是( )AE与W成正比BE与q成反比CW表示非静电力DE的大小与W，q无关4、如图所示，直线A为某电源的路端电压U与电流I的关系图象，直线B是电阻R的两端电压与电流I的关系图象用该电源与电阻R组成闭合电路，电源内阻r的大小和电源的输出功率分别为（）A1，4WB2，4WC0.5，4WD1，2W5、地球的两颗人造卫星A和B，它们的轨道近似为圆。已知A的周期约为12小时，B的周期约为16小时，则两颗卫星相比AA距地球表面较远BA的线速度较大CA的角速度较小DA的向心加速度较小6、在光滑的水平面上有a、b两球在t=2s时发生正碰，其质量分别为ma、mb

4、，两球在碰撞前后的v-t图象如图所示a、b两球质量之比是（） Ama：mb=1：2Bma：mb=2：5Cma：mb=2：1Dma：mb=5：2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，光滑绝缘水平面上两个相同的带电小圆环A、B电荷量均为q，质量均为m，用一根光滑绝缘轻绳穿过两个圆环，并系于结点O在O处施加一水平恒力F使A、B一起加速运动，轻绳恰好构成一个边长为l的等边三角形，则（ ）A小环A的加速度大小为B小环A的加速度大小为C恒力F的大小为D恒力F的大小为8、在如图

5、所示的电路中，R1r，将滑动变阻器R的滑片从位置a向下滑动到位置b的过程中，电路均处于稳定状态。滑片处于位置b和位置a相比，电路中（）A灯泡L的亮度变亮B电容器C所带电荷量Q增大C电源的输出功率P增大D电阻R1消耗的热功率P1增大9、如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B现给B一个垂直AB方向的速度v0，B球将A若A、B为异种电荷，B球可能做圆周运动B若A、B为异种电荷，B球一定做加速度、速度均变小的曲线运动C若A、B为同种电荷，B球一定做远离A的变加速曲线运动D若A、B为同种电荷，B球的动能一定会减小10、匀强磁场中有一长方形导线框，分别以相同的角

6、速度绕如图a、b、c、d所示的固定转轴，用Ia、Ib、Ic、Id表示四种情况下线框中电流的有效值，则（）AIa=IdBIaIbCIbIcDIc=Id三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间实验前，将该计时器固定在小车旁，如图(a)所示实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图(b)记录了桌面上连续的6个水滴的位置.(已知滴水计时器每30s内共滴下46个小水滴)（1）由图(b)可知，小车在桌面上是_运动的A从右向左 B

7、从左向右（2）该小组同学根据图(b)的数据判断出小车做匀变速运动小车运动到图(b)中A点位置时的速度大小为_m/s，加速度大小为_m/s2.(结果均保留2位有效数字)12（12分）如图甲所示电路中，电源电压8V左右。先使开关S与1端相连，电源向电解电容器充电，然后把开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的I-t曲线，如图乙所示，由此可估算电容器的电容为_F。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在磁感应强度B1.0T，方向竖直向下的匀强磁场中，有

8、一个与水平面成37角的导电滑轨，滑轨上放置一个可自由移动的金属杆ab已知接在滑轨中的电源电动势E12V，内阻不计ab杆长L0.5m，质量m0.2kg，杆与滑轨间的动摩擦因数0.1，滑轨与ab杆的电阻忽略不计求：要使ab杆在滑轨上保持静止，滑动变阻器R的阻值在什么范围内变化？(g取10m/s2，sin370.6，cos370.8，可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，结果保留一位有效数字)14（16分）物体以9m/s的初速度从距水平地面20m高的塔上被水平抛出。不计空气阻力，g取10m/s2，求物体从抛出点到落地点的水平距离。15（12分）如图所示，圆1和圆2之间存在磁感应强度为B的匀强磁场（垂直纸

9、面没有画出)，圆2和圆3之间的电势差为U，一个质量为m、电荷量为e的电子从A点由静止释放，经过时间t从C点对着圆心O射入磁场，其运动轨迹恰好与圆1相切，已知圆1的半径求：（1）圆2的半径r2；（2）电子能否再次回到A点，如果能，求出电子从A点出发至再次回到A点所经历的时间，如果不能，请通过计算说明原因参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】解：A、正电荷产生的电场中，离电荷越远，场强越弱，故ab间的场强大于bc间的场强，根据U=Ed可知，UabUbc，故C正确故选：C【点评】本题主要考查了正点电荷电场强度的分

10、布图，根据U=qE判断出两点间的电势差的大小2、C【解析】电荷量为q的点电荷在b处产生电场强度为E=kqR2，方向向右；在b点处的场强为零，根据电场的叠加原理可知细棒与q在b处产生电场强度大小相等，方向相反，则知细棒在b处产生的电场强度大小为kqR2，方向向左；根据对称性可知细棒在d处产生的电场强度大小为kqR2，方向向右，而电荷量为q的点电荷在d处产生电场强度为E=kq(3R)2，方向向右，所d点处场强的大小为Ed=E+E=k10q9R2，方向向右，故C正确，A、B、D错误；故选C。【点睛】关键是在b点处的场强为零，说明细棒和q在b点的电场强度大小相等，方向相反，那么在d点处场强的大小即为两

11、者之和因此根据点电荷的电场强度为E E=kqr2即可求解。3、D【解析】电动势是电源本身的性质，电动势表征电源将其他形式的能转化为电能的本领大小，故W应为非静电力做功【详解】A、B、D、本公式采用的是比值定义法，电动势为电源本身的性质，与W及q无关，故A，B错误；D正确；C、W应为非静电力所做的功，表示电源把其它能转化为电能储存起来，而不是非静电力；故C错误.故选D.【点睛】电动势是电源本身的性质，其大小与做功及移送的电量无关4、C【解析】根据电源的U-I图象即直线A的斜率绝对值为电源的内阻： ，由图象A可知电源的电动势E=3V，短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流

12、I=2A，电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，根据P=UI得：P=22W=4W，故C正确。点晴：据U-I图象A正确读出电源的电动势和短路电流，根据U-I图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流，是解决此类问题的出发点。5、B【解析】卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球的质量为M，有：，则得：， ，；A卫星的周期小于B卫星的周期，根据上式可知，A卫星的轨道半径较小，距地面较近。故A错误。由上式知，A卫星的轨道半径较小，线速度较大，故B正确。由上式知，A卫星的轨道半径较小，角速度较大，故C错误。由上式知，A卫星的轨道半径较小，向心加速度较大，

13、故D错误。故选B。【点睛】本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论6、B【解析】由图可以知道b球碰前静止,设碰撞前,a球的速度为 ,碰后a球速度为 ,b球速度为 ,物体碰撞过程中动量守恒,规定a的初速度方向为正,由动量守恒定律有: ;结合图中说给数据可求得： ，故B正确；故选B点睛：a、b碰撞过程中动量守恒,根据动量守恒定律列出方程,结合图象信息即可求得两球质量关系.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】设轻

14、绳的拉力为T，则对A有：，联立解得：，故B正确，A错误；把AB看成一个整体有：，故C正确，D错误所以BC错误，AD正确8、CD【解析】A滑片位于位置b和滑片位于位置a相比，变阻器电阻变小，总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律，电路总电流变大，灯泡L两端的电压变小，灯泡L变暗，故A错误；B灯泡电流变小，总电流变大，通过R2支路的电流变大，R2两端的电压增大，R2和变阻器两端的电压等于等于灯泡L两端的电压，故变阻器两端的电压减小，即电容器两端的电压减小，由知，电容器C所带电荷量Q减小，故B错误；C当外电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，因为，所以外电阻一定大于内阻，外电阻变小时，电源的输出功率P变

15、大，故C正确；D由于总电流增大，根据知电阻R1消耗的热功率增大，故D正确；故选CD。9、BC【解析】试题分析：根据库仑力与B球所需要的向心力的关系，判断B球能否做圆周运动匀变速曲线的加速度恒定不变根据库仑定律判断B球的运动情况根据电场力做功的正负，由动能定理判断动能的变化解：A、若A、B为异性电荷，A、B间存在引力，只有当A对B的引力恰好等于B球所需要的向心力时，B球才做圆周运动，否则不做圆周运动故A错误B、若A、B为异种电荷，AB之间的库仑力为吸引力，当AB之间的库仑力大于需要的向心力的时候，B球做向心运动，速度和加速度都要变大，当AB之间的库仑力小于需要的向心力的时候，B球做离心运动，速度

16、和加速度都要减小，故B正确；C、D、若A、B为同种电荷，AB之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以B球一定做曲线运动，由于AB之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以B球的加速度在减小，而库仑力做正功，故动能不断变大，故C正确，D错误；故选BC【点评】本题只要把库仑力当作一般的力，抓住力的共性，分析B球的受力情况，来分析其运动情况；当AB为异种电荷的时候，B球可能做向心运动也可能做离心运动，当库仑力恰好等于向心力的时候，B球就绕着A球做匀速圆周运动10、AD【解析】当线圈在磁场中旋转时，产生的最大感应电动势Em=BS，而且最大值与转轴位置无关，因此各个

17、不同的转轴产生的感应电动势相同，这样电流的有效值也相同，因此Ia=Ib=Ic=Id。AIa=Id，与结论相符，选项A正确；BIaIb，与结论不相符，选项B错误；CIbIc，与结论不相符，选项C错误；DIc=Id，与结论相符，选项D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A 0.19 0.038. 【解析】（1）1由于用手轻推一下小车，则小车做减速运动，根据桌面上连续6个水滴的位置，可知，小车从右向左做减速运动，即选A；（2）2已知滴水计时器每30s内共滴下46个小水滴，那么各点时间间隔为：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中

18、的平均速度，有：3根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：负号表示方向相反12、4.310-4 4.610-4【解析】根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电量为0.0810-3C，由大于半格算一个，小于半格舍去，因此图象所包含的格子个数为45，所以释放的电荷量是：q=0.0810-3C45=3.610-3C，根据电容器的电容C=QU可知C=3.6108-3F=4.510-4F【点睛】关键是由图象的含义可知，横轴与纵轴的乘积即为电量，通过横轴与纵轴的数据，求出一个格子对应的电量，再结合图象所包含的面积，算出多少个格子，从而即可求解。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必